发布时间 : 星期二 文章琛′腑鍚屽嵎2019骞存櫘閫氶珮绛夊鏍℃嫑鐢熷叏鍥界粺涓�鑰冭瘯妯℃嫙璇曢 鐞嗙缁煎悎鑳藉姏娴嬭瘯(浜?(鐗╃悊閮ㄥ垎)-[绮惧搧鏂囨。] - 鐧惧害鏂囧簱更新完毕开始阅读05c62289a200a6c30c22590102020740bf1ecd12
受力成正比，满足
。
（3）为了提高实验的精度，可将轴h的单位设置成mm，提高h的显示精度。 【点睛】
本题考查胡克定律，弹簧弹力和形变量成正比的特点，利用现代科技，考查学生数形结合，利用数学处理物理问题的能力。
10．A； 150； 10； 400； 5； 不变； 偏大； 【解析】 【分析】
（1）欧姆表内阻等于中值电阻；
（2）欧姆表读数等于表盘刻度×所选倍率；
（3）当重新调零后，欧姆表的内阻发生变化的时候，相应的测量值将会出现误差。 【详解】
（1）使用欧姆表时，红表笔应与表内电源的负极相连，黑表笔应与表内电源的正极相连，故A是红表笔；
（2）欧姆表的读数应为表盘刻度与所选倍率的乘积，且欧姆表的内阻等于中值电阻，故图乙欧姆表内阻为15×10=150Ω；图丙欧姆表内阻为40×10=300Ω；同理图丙的读数为40×10=400Ω；当多用电表指针指示中值电阻时，
；图丙满偏电流为
；
，解得：图乙表头满偏电流为
（3）如果电源的电动势不变，内阻变大，欧姆表仍然能够调零，那么调零以后，欧姆的内阻不变，故电阻的测量值不变；若电源电动势变小，电源内阻变大，调零之后，由于电动势变小，欧姆表内阻变小，真实的表盘中值变小，表盘刻度值整体偏大，故测量值偏大； 故本题的答案为：(1)A； (2)150； 10； 400； 5； (3). 不变；偏大 【点睛】
本题关键明确欧姆表的工作原理，能够根据闭合电路欧姆定律列方程求解。 11．（1）1.25m;6m（2）【解析】 【详解】
（1）由题意可知的分力
，即小物块所受滑动摩擦力大于重力沿传送带向下
，在传送带方向，对小物块根据牛顿第二定律有：
解得：
小物块沿传送带向下做匀减速直线运动，速度为0时运动到最远距离，假设小物块速度为0时没有滑落，根据运动公式有：解得：
，
，小物块没有滑落，所以沿传送带向下滑动的最远距离
小物块向下滑动的时间为传送带运动的距离联立解得
小物块相对传送带运动的距离解得：
，因传送带总长度为
，所以传送带上留下的划痕长度为6m；
（2）小物块速度减小为0后，加速度不变，沿传送带向上做匀加速运动 设小物块到达传送带最上端时的速度大小为假设此时二者不共速，则有：
解得：
，即小物块还没有与传送带共速，因此，小物块离开传送带时的速度大小为
12．（1）【解析】 【详解】
（1）粒子在电场中做类平抛运动，如图甲所示
，与y轴负方向成30度斜角右下方（2）
。
设粒子在电场中的加速度为，在P点沿电场方向的速度为，在P点的速度为v，其与y轴负方向的夹角为θ，粒子从M点运动到P点的时间为，则有
联立解得
，即
故粒子经过P点时的速度方向与y轴负方向成30°角斜向右下方； （2）粒子从P点射出后的运动轨迹如图乙所示
由几何关系可知，粒子在磁场中转过的圆心角
设粒子在磁场中运动轨迹的半径为r，磁场的半径为R，由几何关系得：解得：
，又
，则
粒子在磁场中转过的弧长运动时间在磁场中有联立解得：
13．（1）4L,325K,400K（2）放热 【解析】 【详解】
①气体由状态A到状态C发生等温变化，根据玻意耳定律有其中解得：
，
，