发布时间 : 星期六 文章2018-2019学年江西省上饶市玉山一中重点班高二(下)期中物理试卷更新完毕开始阅读0bdc90d4eef9aef8941ea76e58fafab068dc44ec
（3）用电流的平均值求电量。
本题关键是要能够区分交流的有效值、瞬时值、最大值和平均值，求解电表读数用有效值，求解电量用。
15.【答案】解：①t=0时刻，P向下振动，此前P已经经过一个波峰，根据题意可知：
t1=T+T，
解得：T=0.8s，
由图示波形图可知：λ=4cm=0.04m， 波速为：v==0.05m/s；
②由图示波形图可知，质点的振幅为：A=2cm， Q的起振时刻为：t2==0.7s， Q的振动方程为：y=Asin[（t-t2）]，
代入数据解得：当t≥0.7s时：y=2sin[（t-0.7）]cm， 当t＜0.7s时，Q点不振动，即：y=0； 答：①这列波的传播速度为0.05m/s；
②t=0时刻开始，质点Q的位移y随时间t变化的表达式为：当t≥0.7s时：y=2sin[（t-0.7）]cm，当t＜0.7s时，Q点不振动，即：y=0。 【解析】
①根据题意求出波的周期，由图示波形图求出波长，然后求出波速； ②根据图示波形图求出质点的振幅，根据题意求出Q的起振状态，然后求出振动方程。
本题考查了求波速与质点振动方程问题，根据图示波形图求出波的波长、质点振幅是解题的前提，应用波速、波长与周期的关系、知道振动方程即可解题。
16.【答案】解：（1）在0.4-0.6m内，根据图乙可得斜率为：
k=2
m/s2=1m/s2，
2
2
结合v2-v1=2a2x解得：a2=0.5m/s，
棒在区域Ⅱ中做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得： F=ma2，
代入数据解得：F=0.1N
棒在区域Ⅲ中做匀速运动，则有： F=B2I2L
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I2= 2
根据题图可得：v2=0.36 解得：v2=0.6m/s 解得：R=0.135Ω；
（2）在0-0.4m内，根据题图乙可得：
v2=2
=0.4x
2
结合v=2a1x解得：a1=2m/s，
棒在区域Ⅰ中做匀加速运动，则根据牛顿第二定律有： F-=ma1，
（T）（0＜x＜0.4m）。
整理可得：B1=答：（1）力F的大小为0.1N，电阻R的阻值0.135Ω； （2）棒在区域I中的位移x与磁感应强度大小B1的关系式为B1=【解析】
（T）（0＜x＜0.4m）。
（1）在0.4-0.6m内，根据图乙求解斜率，根据速度位移关系求解加速度，根据牛顿第二定律求解力F；棒在区域Ⅲ中做匀速运动，根据安培力作用下的平衡问题进行求解。
（2）在0-0.4m内，根据题图乙求解斜率，根据速度位移关系求解加速度，根据牛顿第二定律求解磁感应强度。
对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。
D的速度为v1，（i）设C球与B球发生碰撞并立即结成一个整体D时，17.【答案】解：
由动量守恒有： mv0=（m+m）v1…①
当弹簧压缩至最短时，D与A的速度相等，设此速度为v2，由动量守恒有： 2mv1=3mv2…②
由①②两式得A的速度为：v2= （ii）设弹簧长度被锁定后，贮存在弹簧中的势能为Ep，由能量守恒有： ?2mv=+Ep
撞击P后，A与D的动能都为零，解除锁定后，当弹簧刚恢复到自然长度时，势能全部转变成D的动能，设D的速度为v3，
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则有：Ep= 以后弹簧伸长，A球离开档板P，并获得速度，当A、D的速度相等时，弹簧伸至最长． 设此时的速度为v4，由动量守恒定律得：2mv3=3mv4 当弹簧伸到最长时，其势能最大，设此势能为EP′， 由能量守恒定律得：由以上各式解得：EP′==+EP′，
．
．
答：（i）弹簧长度刚被锁定后A球的速度为（ii）在A球离开挡板P之后的运动过程中，弹簧的最大弹性势能是【解析】
（i）C球与B球粘连成D时由动量守恒定律列出等式，当弹簧压缩至最短时，D与A的速度相等由动量守恒定律解答弹簧长度刚被锁定后A球的速度． （ii）弹簧长度被锁定后由能量守恒列出等式，解除锁定后，当弹簧刚恢复自然长度时，势能全部转变成D的动能由能量守恒和动量守恒定律列出等式求解． 本题主要考查了动量守恒定律及能量守恒定律的应用，关键要知道当弹簧伸到最长时，其势能最大．
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