发布时间 : 星期四 文章广东省潮州市2019-2020学年中考物理模拟试题(1)含解析《加5套中考模拟卷》更新完毕开始阅读150640775527a5e9856a561252d380eb629423c3
A. 进户线的火线上出现了断路，则两个灯都不会发光，故A错误； B. 进户线的零线出现了断路，则两个灯都不会发光，故B错误；
C. a、b两点间的导线在支路中，若出现断路，对其余的两个灯泡不会产生影响，故C错误；
D. d点左侧的零线出现了断路，则左边的灯泡会发光，右边的灯泡不会发光，插座的两个孔都与火线相连，故用试电笔分别插入插座两孔中，试电笔的氖管都发光，故D正确。 故选D.
二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．AB 【解析】 【详解】
A、大海中并排航行的两条船容易相撞，是因为两船间的水流速快、压强小，两船外侧的水流速小、压强大，形成向内侧的压强差，故A正确；
B、匀速行驶的汽车，质量和速度均不变，所以从斜坡向上行驶的过程中动能不变，故B正确； C、人造地球卫星由远地点向近地点运动的过程中，质量不变，相对高度减小，速度增大，所以势能转化为动能，故C错误；
D、踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦阻力的作用，故D错误。 故选：AB。 12．BD 【解析】
：电功率是表示电流做功快慢的物理量，用电器的电功率越大，做功不一定越多，相同时间内，功率大的用电器耗电不一定多．所以，B是正确的． 13．CD 【解析】 【分析】
根据题中“在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中……”可知本题综合考查动态电路的电功率。根据串联电路的特点和欧姆定律，电功率公式的应用进行分析判断，正确判断电路中的最大电流和最小电流是解答的关键。 【详解】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。 由P=UI可得，灯泡的额定电流：IL?PL1.25W??0.5A，故A错误。 UL2.5V因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电路中的最大电流I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大。
由I?U可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为： RRL??U4.5VUL?2.5V?9Ω， ??5Ω，RL总? ?I大 0.5AIL?0.5A因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值： R小=R总-RL=9Ω-5Ω=4Ω，
故滑动变阻器接入电路的阻值范围为4Ω~20Ω，故D正确。 0.5A=2.25W，故C正确。 电路消耗的最大功率：P大=UI大=4.5V×
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小。 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：
I小?U4.5V??0.18A，
RL?R大5Ω?20Ω则灯泡消耗的最小电功率：PL小=I小2RL=（0.18A）2×5Ω=0.162W，故B错误。 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．8.4×105 0.02 放热 【解析】 【分析】 【详解】
t ＝4.2×103J/（kg?℃）×5kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×105J；由?=水吸收的热量：Q吸?cmVQ吸Q吸=50%得Q放8.4?105J天然气完全燃烧放出的热量：Q放===1.68?106J ，由Q放=mq 得需要完全燃烧天
50P%Q放1.68?106J然气的体积：V===0.02m3 ；壶口上方的水蒸气遇冷液化成小水珠飘散在空中，即73q8.4?10J/m白气，在此过程中放出热量，水蒸气的内能减小． 15．灯泡的亮度 电流表 【解析】 【分析】 【详解】
[1]如果将不同的导体分别接到A、B之间，闭合开关，可通过观察、比较灯泡的亮度来判断不同导体电阻的大小。
[2]若两个导体的电阻差异不大，则必须用电流表替换灯泡，作更为准确的判断。 16．深度 【解析】
【详解】
将一根竖直的玻璃管与一支倾斜的玻璃管对比，水银液面高度相同，这主要是因为它们的垂直高度（深度）相同，这说明液体压强与液体的深度有关； 17．2.5 5 【解析】 【详解】
由图可知：电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.5V；由I=可得，电阻的阻值为：R==18．凸透 会聚 【解析】 【详解】
在阳光下的水滴好比一个小的凸透镜，能使太阳光会聚，使得局部高温，导致车漆失去光泽，从而伤害汽车的外表面。
四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）9.6×105W（2）32% 【解析】 【详解】
（1）发电机的输出功率：P输＝
=5Ω。
W960kwnh?960kW=9.6×105W； ＝
t1h（2）若风速10m/s，则风力的功率：P风＝3000v3＝3000×（10）3W＝3×106W，发电机的发电效率：η
9.6?105W＝×100%＝×100%＝32%． 6P风3?10W20．（1）10?（2）3.6W（3）2?. 【解析】 【详解】
（1）由R1的U-I图像可知，通过R1的电流与电压成正比，R1为定值电阻，当U1=6V时，I1=0.6A，由欧姆定律可知：R1?P输U16V??10Ω； I10.6A（2）当滑动变阻器连入电阻为0时，电路中的电流最大，此时电阻R1两端的电压等于电源电压，电源电压U=U1=6V，最大电流为I1=0.6A，电路最大功率P?UI1?6V?0.6A?3.6W； （3）当R2消耗的电功率为0.5W时，P2?IR2，0.5W?IR2----①而I?22U6V?，代入
R1?R210Ω?R2?6V?①得：0.5W???R2，解得R2的阻值：R2=2Ω或R2=50Ω，由图乙可知，当R2最大时，I最小
?10Ω?R2?2=0.15A，电路总电阻R?舍去，R2=2Ω．
U6V??40Ω，R2的最大值R最大=R-R1=40Ω-10Ω=30Ω，所以R2=50ΩI最小0.15A21．106J．（1）9.09A；（2）5.04×（3）3150s． 【解析】 【分析】
（1）已知电热水器的额定电压和额定功率，根据公式（2）已知水的密度和额定容量，根据
可求该电热水器正常工作时的电流；
可求吸收的热量。
求水的最大质量，根据公式
（3）由【详解】
求加热这些水需要的时间：
（1）由表中数据可知，电热水器的额定功率为2000W，额定电压为220V，根据可得，该电热水
器正常工作时的电流：；
（2）已知热水器的容量为40L，则盛满水的质量：把这些水从20℃加热到50℃吸收的热量：
。
，
（3）电热水器正常工作时放出的热量80%被水吸收，由可得，加热这些水需要的时间：
。
答：（1）电热水器正常工作的电流是9.09A；
106J。 （2）电热水器里的水刚好是额定容量时，把这些水从20℃加热到50℃，水吸收的热量是5.04×（3）电热水器正常工作时放出的热量80%被水吸收，那么加热这些水需要3150s。 【点睛】
本题考查电功率、密度、热量和效率公式的运用，从表中获取有效信息是关键。 五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．
【解析】
试题分析：力臂是支点到力的作用线的距离．从支点O向F的作用线作垂线，并标出力臂L．如上图．