发布时间 : 星期日 文章最新2020年高考理综选择题专项训练(44)Word版附答案及解析更新完毕开始阅读22b5e2f53868011ca300a6c30c2259010302f31d
11.【答案】C
【解析】Na2S2中S的化合价应为－1价，Na2S4中S的价态为－价，NaBr3中Br显－价，NaBr中Br显－1价。根据示意图，放电为原电池原理，溶液中的阳离子向正极移动；充电应为电解池原理，充电时电池的正极作阳极，电池的负极作阴极，结合原电池与电解池的工作原理分析作答。
【详解】A. 充电时右侧溶液中NaBr转化为NaBr3，Br元素化合价升高，失电子发生氧化反应作阳极，所以b端连接电源的正极，A项错误；
B. 放电时，b端电极附近NaBr3转化NaBr，Br元素化合价降低，得电子发生还原反应，所以b端为正极，而阳离子向正极移动，则放电过程中钠离子从左到右通过离子交换膜，B项错误；
C. 电池充电时，阴极发生得到电子的还原反应，则反应为：S42－+2e－=2S22－，C项正确； D. 电解精炼铜时，阳极为粗铜，溶解的不全部是铜，还有较活泼金属杂质，所以当有0.1 mol e－转移吋时，阳极溶解铜的质量小于3.2g，D项错误； 答案选C。
【点睛】D项是学生的易混点，要特别注意，电镀法精炼铜时，粗铜为阳极，精铜为阴极，阳极材料是粗铜，阳极上金属失电子变成离子进入溶液，Cu-2e=Cu，比金属铜活泼的金属锌、铁、镍会先于金属铜失电子，比金属铜活泼性差的Pt、Ag等固体会沉积下来形成阳极泥。 12.【答案】A
【解析】Y的氢化物常温下呈液态，是人类生存的重要资源，则该氢化物为水，Y为O元素；X的简单氢化物与W的单质(黄绿色)组成的混合气体见光可生成W的氢化物和油状混合物，则W为Cl元素，X的简单氢化物为CH4，X为C元素；Z、W处于同一主族，且原子序数Z小于W，所以Z为F元素；Z、M的原子最外层电子数之和等于9，因Z的最外层电子数为7，所以M的最外层电子数=9-7=2，M的原子序数大于Z小于W，推出M为Mg元素，据此分析作答。
【详解】根据上述分析可知，X为C元素，Y为O元素，Z为F元素，M为Mg元素，W为Cl元素，则
A. Y和W形成的二元化合物之一ClO2具有强氧化性，可用于自来水的杀菌消毒，A项正确； B. 电子层数越大，简单离子半径越大，电子层数相同时，核电荷数越大，简单离子半径越
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小，则Mg C. W的氧化物对应的水化物有多种，可能是高氯酸，有可能是次氯酸，其中次氯酸的酸性比碳酸的酸性弱，C项错误； D. Z分别与X、M形成的化合物分别是CF4和MgF2，CF4属于共价化合物，MgF2属于离子化合物，化学键类型不同，D项错误； 13.【答案】B 【解析】 【详解】A.某浓度H3PO4溶液中逐滴加入NaOH溶液，滴加过程中各种含磷微粒为H3PO4、H2PO4、HPO42-、PO43-，根据pH的变化，可知曲线1为H3PO4，曲线2为H2PO4-，曲线3为HPO42-，曲线4为PO43-，A项错误； B. H3PO4的第一步电离常数K1= ，25℃时当pH为2.1时， = - 2+2-- ，故K1==10-2.1，同理因H3PO4的第二步电离常数K2= ，pH=7.2时， 则K1：K2=10-2.1：10-7.2 = 105.1，B项正确； =，K2==10 -7.2 ， C. pH = 7.2时，溶液中含磷微粒主要为：H2PO4-、HPO42-，此时溶液中的c（H+）=10-7.2 mol/L，水的电离受到一定程度的抑制， H2PO4-、HPO42-及水电离的氢离子浓度共10-7.2 mol/L，则溶液中由水电离出的c(H+)小于10－7.2mol/L，C项错误； D. pH=12.3时，溶液中主要含Na3PO4与Na2HPO4，依据越弱越水解的原理可知，PO43-水解程度较HPO42-大，又因为此时故物料守恒式不正确，D项错误； 14.【答案】C 【解析】A、桌子受到的重力与地面对桌子的支持力是一对平衡力，故A错误；B、桌子对地面的压力与地面对桌子的支持力是一对作用力和反作用力，故B错误C、同学推桌子的力与桌子受到的摩擦力都作用在桌子上，是一对平衡力，故C正确D、同学推桌子的力受力物体是桌子；同学受到的摩擦力的施力物体是地面，所以这两个力不是一对相互作用力，故D错误。 = ，则说明Na3PO4与Na2HPO4并非相同浓度， 最新2020年高考理综选择题专项训练（44）Word版附答案及解析 第（14）页 15.【答案】D 【解析】A、氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的最小能量为10.2eV，照射金属锌板一定能产生光电效应现象，故A错误；B、一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，根据 2C3?3可知，能放出3种不同频率的光，故B错误；C、用能量为10.3eV的光子照射，小 于12.09eV，不可使处于基态的氢原子跃迁到激发态，要正好等于12.09eV才能跃迁，故C错误；D、氢原子从高能级向n=3的能级向基态跃迁时发出的光子的能量最小为E大 =-1.51+13.6=12.09eV，因锌的逸出功是3.34ev，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为 EKm=12.09-3.34=8.75eV，故D正确； 16.【答案】C 【解析】黑洞实际为一天体，天体表面的物体受到的重力近似等于物体与该天体之间的万有引力， 对黑洞表面的某一质量为m物体有：GMm?mg， 2RMc2又有， ?R2Gc2联立解得g?， 2R代入数据得重力加速度的数量级为1012m/s2，故C正确。 17.【答案】A 【解析】试题分析：开始时，金属棒的重力和安培力大小相等。当磁场方向由垂直纸面向里缓慢地转过90°变为竖直向下，知安培力的大小FA=BIL不变，方向由竖直向上向里变为垂直纸面向里。根据共点力平衡知，细线向纸面内偏转，因为金属棒受重力、拉力和安培力平衡，重力和安培力的合力于拉力大小等值方向，重力和安培力的大小不变，之间的夹角由180°变为90°，知两个力的合力一直增大，所以拉力一直增大，故A正确，B、C、D错误。所以本题选A。 考点：法拉第电磁感应定律 安培力 18.【答案】C 【解析】AB项：对于任意一球，根据机械能守恒得：mg?2R?所以A球的速率大于B球的速率，故AB错误。 12mv，解得v?4gR，2最新2020年高考理综选择题专项训练（44）Word版附答案及解析 第（15）页 v2C项：在最低点做圆周运动，向心加速度为：a??4g，故C正确； RD项：球受的压力为F：F﹣mg＝ma，即F＝5mg，因质量不等，则F不等，则对轨道的压力不等，故D错误。 19.【答案】CD 【解析】A.带电粒子在电场中只受电场力作用，电势能和动能之和不变，由图可知，在a、b连线的中点3L处，动能最大，电势能最小，因为粒子带负电荷，所以a、b连线的中点3L处电势最高，故A错误；B.根据A选项分析可知，a点动能比b点小，电势能比b点大，所以a点的电势比b点低，故B错误；C.在3L点前做加速运动，3L点后做减速运动，可见3L点的加速度为0，则x=3L处场强为零，故C正确；D.由于在x=3L点前做加速运动，所以Q2带负电，3L点的加速度为0，则有20.【答案】ACD 【解析】A、圆环运动过程切割磁感线的有效长度为d，圆环速度为v时，感应电动势：E＝ kQ1qkQ2q?，故Q2带正电且电荷量小于Q1，故D正确。 (3L)2(2L)2Bdv，电阻R两端电压：U＝E＝Bdv，故A正确；B、由欧姆定律可知，电路电流：I?EBdv?，RRB2d2v圆环受到的安培力：F?BId?，故B错误；C、通过R的电荷量： R??E??Bds，故C正确；D、对整个过程，由能量守恒定律得： q?I?t??t??t?t??RRRR11Fs?Q?mv2，电路产生的热量：Q?Fs?mv2，故D正确。 2221.【答案】BD 【解析】A、红壶碰撞前后的速度分别为1.2m/s、0.3m/s，所以红壶碰撞前后速度大小变化了0.9m/s，故A错误；B、碰撞后蓝壶的加速度大小等于红壶的加速度大小，为 a??v0.3mm2 ．故B正确；C、设碰后蓝壶的速度为v，碰前红壶的速度?2?0.3s?t1s''v0＝1.2m/s，碰后速度为v0?0.3ms，根据动量守恒定律可得：mv0?mv0?mv，解得： v?3s，故C错误；D、碰撞后两壶相距的最远距离等于a0.9?30.3?1??1.2m，故D正确。 碰后两图象与时间轴所围面积之差，为 S?22v＝0.9m/s，故蓝壶运动时间为t?最新2020年高考理综选择题专项训练（44）Word版附答案及解析 第（16）页