发布时间 : 星期三 文章(3份试卷汇总)2019-2020学年天津市宁河县中考物理三模考试卷更新完毕开始阅读3a8e627f69d97f192279168884868762caaebbbd
U9VI大===0.9A<3A，
RL10Ω∴当滑片左右移动时，电路中的电流不会超出电流表的量程；
②对于电压表,量程为0～3V,滑动变阻器两端的最大电压U大=3V，此时连入的电阻最大：
U?U大U大∵I= =
R大RL∴R大=
U大R大U?U大 =
3V?10Ω =5Ω；
9V?3V③由题知,UL=8V是灯泡正常工作时的电压，超过此电压灯泡容易损坏， 此时滑动变阻器两端的电压最小(U小=U?UL=9V?8V=1V)，连入电路的电阻最小：
ULU小∵I′==，
RLR小U小RL1V?10Ω∴R小== =1.25Ω；
UL8V由①②③可知，为保证电路安全，滑动变阻器连入的电阻范围是1.25Ω?5Ω.
24．有一种车床用的照明灯泡，规格为“36V1A”．现在将该照明灯泡与一个定值电阻R并联接入如图所示电路中，电源电压保持不变．闭合开关S，照明灯泡正常发光，电流表示数为1.5A．求：
（1）照明灯泡正常发光时的电阻． （2）通过定值电阻R的电流． （3）整个电路消耗的电功率．
解析：（1）36? ；（2）0.5A ；（3）54W 【解析】 【分析】
（1）由照明灯炮标有“36V1A”含义，由欧姆定律I=
U，求照明灯炮正常发光时的电阻： R（2）分析电路的连接，由灯正常发光，判断电源电压；由并联电路电流的规律，求通过R的电流； （3）根据P=UI求整个电路消耗的电功率． 【详解】
(1)照明灯炮,规格为“36V1A”,表示灯的额定电压为36V,额定电流为1A,由欧姆定律I=常发光时的电阻： RL=
U得照明灯炮正RUL36V==36Ω； IL1A(2)原电路中，L与R并联，电流表测量总电流，因灯正常发光，故电源电压为36V，通过灯的电流为1A，由并联电路电流的规律，通过R的电流： IR=I?IL=1.5A?1A=0.5A； (3)整个电路消耗的电功率： P=UI=36V×1.5V=54W. 五、实验题
25．用以下器材：足够的待测液体、带砝码的托盘天平、一个空玻璃杯、足够的水，测量某液体的密度．请将以下实验步骤补充完整．
（1）用天平称出空玻璃杯的质量为150 g，往玻璃杯中倒满水，用天平测出玻璃杯和水的总质量为200 g，求出玻璃杯的容积为__________cm3；
（2）将水全部倒出，再注满待测液体，待天平平衡后，右盘中的砝码和游码示数如图所示，读出玻璃杯和液体的总质量为__________g；
（3）用密度公式计算出待测液体的密度为__________g/cm3；
（4）在实验的过程中，下列做法可能会引起实验误差的是__________． A．天平应该水平放置
B．天平使用前要调节平衡螺母使横梁平衡
C．先测量盛满水的杯子总质量，倒出水后，再测出空玻璃杯的质量 解析：50 191 0.82 C 【解析】 【详解】 （1）水的质量为 m水=200g-150g=50g 则 V杯=V水=
m水50g3
=3=50cm ?水1g/cm（2）由图知，玻璃杯和液体的总质量为 100g+50g+20g+20g+1g=191g （3）液体的质量为 m液=191g-150g=41g 则
m液41g3
ρ液===0.82g/cm；
V杯50cm3（4）AB都是符合天平是使用规则的；C先测量盛满水的杯子总质量，倒出水后，再测出空玻璃杯的质量，由于玻璃杯中的水不能全部倒出，所以水的质量测量有误差，从而造成杯子容积的误差． 26．某实验小组的同学在进行“测量小灯泡的额定功率”的实验中,现有器材：电源(电压恒为6V)、开关、电压表、电流表各一个,导线若干,额定电压为3.8V的待测小灯泡(电阻约为12Ω),滑动变阻器两个(A:“5Ω2A“;B:“20Ω1A”)．
（1）实验中,应选用的滑动变阻器是_____(选填“A”或“B”)．
（2）如图甲所示是小田同学连接的实物图,图中只有一根导线连接错误,请你在图中用“×”标出这根错接的导线,只改接一根导线使电路成为正确的电路(不能与其他导线交叉)． （____）
（3）小田确认电路连接无误后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发且电压表的示数都接近电源电压，则电路的故障是_____．
（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图像如图乙所示，则该小灯泡的额定功率为_____W．
（5）由图乙推知：小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电功率为P1,小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功率为P2,则P1_____P2(选填“大于”、“小于”或“等于”)．
（6）该组的另一同学接着实验时，发现电压表0～15V量程已经损坏，0～3V量程还可以正常使用，在不添加器材的情况下，为了测出该小灯泡的额定功率，请你在丙图中的虚线框内画出正确的电路图． （____）
解析：B 与灯泡并联的电路断路了 1.14 大于
【解析】 【详解】
(1) 实验中，额定电压为3.8V的待测小灯泡，电阻约为12Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
U3.8V=≈0.32A，根据串联电路电压的规律和欧姆定律，当灯正常发光时，变阻器连入电路中的电R12ΩU?U6V?3.8V阻：R滑=总=≈6.88Ω>5Ω，从电流和电阻大小考虑，故应选用的滑动变阻器是B；
0.32AII=
(2)原电路中，电压表串联在电路中、电流表与变阻器串联是错误的，电流表应与变阻器串联，电压表与灯泡并联，改正后如下图所示：
(3)经分析，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压，则电路的故障是与灯泡并联的电路断路了；
(4)根据制出了小灯泡的电流随电压变化的图象知,灯的额定电压下的电流为0.3A,则该小灯泡的额定功率为：P=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W；
(5)由图乙知,小灯泡的实际电压是额定电压一半(1.9V)时的电流约为0.21A，电功率为： P1=1.9V×0.22A=0.40W；
小灯泡的实际电流是额定电流一半时(0.15A)对应的电压约为1V，灯的实际电功率为： P2=1V×0.15A=0.15W,则P1大于P2。
(6)根据串联电路的规律，当变阻器的电压为：6V?3.8V=2.2V时，灯正常发光，故可将电压表使用小量程与变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数。如下图所示：
六、综合题
27．阅读短文，回答问题： 防冻冷却液
汽车行驶时，发动机的温度会升得很高，利用防冻冷却液在散热器管道内循环流动，将发动机多余内能带走，使发动机能以正常工作温度运转．防冻冷却液主要由水和不易汽化、密度比水小的某种防冻剂（简称原液）混合而成，原液含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液的比热容越小，防冻冷却液的凝固点和沸点与原液含量的关系图象见如图和如图所示．选用时，防冻冷却液的凝固点应低于环境最低温度10℃以下，而沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上．