发布时间 : 星期日 文章2020年中考物理模拟试题（含答案）(1)更新完毕开始阅读4bb60b5b14fc700abb68a98271fe910ef12daeb7
（2）用甲、乙两个倾角不同的斜面来拉同一建筑材料，因为甲、乙斜面均光滑（即不会克服摩擦做额外功），所以拉力做的功等于克服重力做的功，即Fs＝Gh；由于甲斜面的长度较大，所以使用甲斜面时拉力较小，即F甲＜F乙。 故答案为：440；91.7%；＜。
10．【分析】（1）人站在水平地面上，对地面的压力等于人的重力，根据公式p＝计算他对地面的压强大小；
（2）若组成一个并联电路，电压表可测滑片下方电阻丝的电压，电压表的示数会随身高发生变化；电流表的示数可根据欧姆定律进行分析；若组成串联电路，则根据串联分压的知识及欧姆定律进行分析电表的变化情况。 【解答】解：
（1）体检者站在台面上时，对台面的压力为：F＝G＝600N； 则他对台面的压强为： p＝＝
＝1.2×104Pa；
（2）根据题目要求，电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。由图乙知，人的体重越大，对压敏电阻的压力越大，压敏电阻的阻值越小；
A、滑动变阻器与压敏电阻并联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，因并联电路各支路两端的电压相等且等于电源电压，所以滑动变阻器和压敏电阻的阻值变化时，电压表的示数不变，故A错误；
B、压敏电阻与滑动变阻器串联，电压表测量压敏电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流；当人的体重增加时，压敏电阻的阻值变小，人的身高增大时（滑片上移），变阻器的阻值变小，根据串联电路中电压与电阻成正比的关系可知，电压表的示数变化无法确定，故B错误；
C、滑动变阻器与压敏电阻并联，由图知，人的身高越高，滑片位置越向上，但变阻器接入电路中的阻值不变，该支路的电流不变，但电压表所测的电阻变大，根据U＝IR可知，电压表的示数变大；人的体重越大，压敏电阻的阻值越小，根据I＝可知该支路的电流越大，电流表的示数越大，故C正确；
D、滑动变阻器和压敏电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；当人身高同时增大时，滑片向上移动，变阻器的阻值变大，但同时人的体重增加时，压敏电阻的阻值变小，总电阻无法判断，所以无法判断电流表的示数变化，故D
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错误。 故选C。
故答案为：（1）1.2×104；（2）C。 三、探究题
11．【分析】（1）先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来分析； （2）当u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机； 当2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪； 当u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜； （3）分析表中数据得出x的值。
【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不变，故A1B1是AB的像，像的性质是：倒立放大的实像；
（2）睛透过目镜能看到A1B1成的像A2B2是正立放大的虚像，其成像原理与放大镜一致，故A正确；
（3）由表中1、3或2、4两次实验知，物镜的焦距相同、两镜之间距离相同，目镜的焦距变成或目镜焦距的倒数变成2倍，放大倍数变成2倍，即放大倍数与目镜焦距的倒数成正比；
由表中1、5两次知两镜之间距离相同、目镜的焦距或焦距的倒数相同，物距的焦距变成或焦距的倒数变成4倍，放大倍数变成4倍，即放大倍数与物镜焦距的倒数成正比； 所以由2、6两次实验知，两镜之间距离相同、目镜的焦距或焦距的倒数相同，放大倍数变成4倍，故物距的焦距变成或焦距的倒数变成4倍，即物距u由2变成了2×＝0.5，故x＝0.5。
故答案为：（1）倒立放大的实像；（2）A；（3）0.5。
12．【分析】（1）根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯泡正常发光时电路中电流确定电流表要选用小量程与灯串联； （2）灯泡正常发光时电路中电流的为0.25A，根据串联电路的特点和欧姆定律求出变阻器的阻值至少为多大，确定选择滑动变阻器的规格；
（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数，说明电路为通路，根据小灯泡始终不发光，电压表无示数，若电路只有一处故障，分析故障原因；
（4）由图象可找出灯泡电压为2.5V时的电流，根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
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灯泡电阻是变化的，原因是受温度的影响；
（5）开关S接“a”、”b”各一次，根据电路图，确定能否使小灯泡正常发光，若不能，则无法测量小灯泡的额定电功率。
【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，灯丝电阻约为10Ω
由欧姆定律，灯泡正常发光时电路中电流约为： I═＝
＝0.25A，所以电流表要选用小量程与灯串联，如下所示：
（2）灯泡正常发光时电路中电流的为0.25A，根据串联电路电流的特点，电路中电流处处相等，变阻器应分去的电压：
U变＝6V﹣2.5V＝3.5V，由欧姆定律，变阻器的阻值至少为： R变═
＝
＝14Ω＞10Ω，所以应选择滑动变阻器的规格为“50Ω 0.5A”；
（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数，说明电路为通路，发现小灯泡始终不发光，电压表无示数，若电路只有一处故障，故障原因是灯泡（或电压表）短路了；
（4）由图象可知，灯泡电压为2.5V时的电流为0.25A，所以灯泡的额定功率： P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；灯泡电阻是变化的，原因是受温度的影响；
（5）图丙中，无论开关接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；图丁中，R0、小灯泡、变阻器三者串联，S接a时，电压表测定值电阻的电压，当开关接b时测量灯和定值电阻的总电压，不能通过调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为2.5V，所以此方案不能测出小灯的额定电功率，故选B。
故答案为：（1）如上图所示；（2）R2；（3）灯泡（或电压表）短路 （4）0.625； 小灯泡的电阻受温度的影响；（5）B。 四、简答题
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13．【分析】（1）电动机M与变阻器串联，根据串联电路电压的规律算出变阻器的电压，根据欧姆定律算出变阻器的电流，根据串联电路电流的规律得出电动机的电流； （2）根据P＝UI算出电动机消耗的电功率。 【解答】解：
（1）由图知，电动机M与变阻器串联，电压表测电动机M两端的电压， 根据串联电路电压的规律知，变阻器的电压：UR＝U﹣UM＝12V﹣3V＝9V； 由欧姆定律可得，通过变阻器的电流：IR＝因串联电路中电流处处相等， 则通过电动机的电流：IM＝IR＝1.5A；
（2）电动机消耗的电功率：PM＝UMIM＝3V×1.5A＝4.5W。 答：（1）通过电动机的电流为1.5A； （2）电动机消耗的电功率4.5W。
14．【分析】（1）由甲图可知，温控器控制两个电热丝的通断，微电脑芯片通过比较测量到的水温和预先设定的温度确定两电热丝的工作，当水温较低时两个电热丝均工作，水温较高时让其中的一个电热丝工作即可，水温高时两电热丝均不工作，据此可知两开关并联；
（2）由图丙可知，顶杆与弹性金属薄片和开关接触，为防止漏电应具有很好的绝缘性； （3）设加热时间为1min，根据水的流量可知加热水的体积，根据ρ＝求加热水的质量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，利用W＝UIt求出消耗的电能，再根据η＝×100%求出加热效率；水吸收的热量一定，要提高水温，应减小加热水的质量，据此进行解答。
【解答】解：（1）经分析可知，两电热丝可以独立工作，且各有一个开关控制，故温控器内的两个开关如下图方式连接：
＝
＝1.5A；
（2）为防止漏电，水压控制开关的顶杆必须具有很好的绝缘性； （3）设加热时间t＝1min，则加热水的体积： V＝4.5L＝4.5dm3＝4.5×103m3，
﹣
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