发布时间 : 星期三 文章2019-2020上学期期末九年级物理考试模拟题(含答案) (29)更新完毕开始阅读4ff54c2e03d276a20029bd64783e0912a3167c24
（2）注意△t的含义是温度升高（或降低）了多少。 20.【答案】= ＞ ＞
【解析】解：判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析A、B两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路； 因此当图中三只用电器正常工作时，IA=IB，
当家电维修人员在图中C处不慎触电时，电流就会从C处通过人体流向大地，导致通过B处的电流比A处的小，即IA＞IB，因此漏电保护器会切断电路。 故答案为：=；＞；＞。
判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析A、B两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路。
解答本题关键是抓住漏电保护器的工作条件：通过虚线框内火线与零线的电流不相等。
21.【答案】解：电源左侧为正极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺
线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S．如图所示：
【解析】由电源方向可知电流方向，由安培定则可判出磁极方向及磁感线方向，再在图中标出即可．
安培定则为判电磁铁极性的重要方法，应熟练掌握和应用． 22.【答案】解：
（1）由W有用=Gh得，物体重力： G===450N；
2m=4m， （2）由图知，n=2，拉力端移动距离s=2h=2×
工人做的总功： W总=Fs=300N×4m=1200J， 工人做功的功率： P===80W；
（3）滑轮组的机械效率： η==×100%=75%。
答：（1）该物体的重力为450N；
（2）工人做功的功率为80W； （3）该滑轮组的机械效率为75%。
【解析】（1）知道工人做的有用功、物体升高的高度，利用W有用=Gh求物体重力； （2）由图知，n=2，拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求工人做的总功，再利用P=求工人做功的功率；
（3）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用滑轮组时提升物体重力、总功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。 23.【答案】解：
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（1）从图示和表格中的信息可知，第14min时电动机工作，电动机的功率P1=110W， 由P=UI 可得此时电路中的电流： I1===0.5A；
（2）当电热丝工作时，其功率P2=660W， 根据P=可得电热丝正常工作时的电阻： R==≈73.3Ω；
（3）20min内，电动机的工作时间：t1=（7min-5min）+（15min-12min）=5min=300s，
300s=33000J， 则电动机消耗的电能：W1=P1t1=110W×
20min内，电热丝的工作时间：t1=t-t1=20min-5min=15min=900s，
900s=594000J， 则电热丝消耗的电能：W2=P2t2=660W×
豆浆机消耗的电能：W总=W1+W2=33000J+594000J=627000J。 答：（1）14min时电路中的电流为0.5A； （2）电热丝正常工作时的电阻为73.3Ω；
（3）20min内，豆浆机消耗的电能为627000J。
【解析】（1）从表格中的信息可知，第14min时电动机工作时电动机的功率，根据P=UI求出电路中的电流；
（2）由铭牌可知加热功率，根据P=即可求出电热丝正常工作时的电阻；
（3）已知电动机的功率和加热的功率，从表格中可以看出各自的工作时间，根据公式W=Pt求出消耗的电能。
本题考查了电功率公式、电功公式的应用，关键是从表格、铭牌中获取有用的信息。 24.【答案】解：延长力F的作用线，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度就为F的力臂L．如图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题主要考查了力臂的画法，首先要理解力臂的概念，正确找出支点和力的作用线，从而画出力臂。
25.【答案】解：家庭电路中，为保证安全，火线（左边插头）必须通过开关；接冰箱外壳的一条与地线（上边插头）连接，右边插头与零线相连，如下图所示：
【解析】对于三孔插座的连接，电动机应与火线连接，才能起到保护作用，另一条与零线连接，才能形成通路，地线应与电冰箱的金属外壳连接。
家庭电路三条线的连接都有它特定的作用，绝不可以随意连接，搞清地线的保护作用及其原理，才能理解为什么要这样连接。
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26.【答案】磁场 地磁场 通电导线周围的磁场方向与电流方向的关系 轻敲 磁
化 不同
【解析】解：（1）这是著名的奥斯特实验，实验中，开关闭合时，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在着磁场；断开开关，小磁针在地磁场作用下又恢复到原来的位置。改变电流方向，小磁针的方向也发生了偏转，故对调电源的正负极，观察小磁针的偏转方向是否发生改变，是为了探究通电导体周围的磁场方向与电流方向有关；
（2）通电后由于周围铁屑会被磁化，通电后轻敲玻璃板，使铁屑受到磁场的作用力而有规律地排列；将小磁针放在通电螺线管外部，小磁针静止时N极的指向就是该点处磁场的方向，故为了判断通电螺线管周围的磁场方向，需要将小磁针放在磁场中的不同位置，记录小磁针的指向。
故答案为：（1）磁场；地磁场；通电导线周围的磁场方向与电流方向的关系；（2）轻敲；磁化；不同。
（1）奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变；
（2）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；根据改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动，南北所指方向发生了改变可得出结论；小磁针静止时N极的指向就是该点处磁场的方向。
本题考查了电流周围存在着磁场和磁场的方向与电流方向有关；通电螺线管的磁场与条形磁铁相类似。
27.【答案】石棉网 质量 温度计上升的示数 b 燃料c的燃烧过程比较快 大于 能
【解析】解：（1）实验时要用火焰的外焰加热；调整铁夹A的位置，其目的是使石棉网处于适当的高度，方便用外焰加热；
（2）实验中应控制燃料燃烧的质量相同，通过比较温度计上升的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少；
（3）由图乙知，当燃料燃尽时，图线b的温度变化大，说明相同质量的a、b燃料完全燃烧时b放出的热量多，则b的热值大。
（4）燃料c在6min时水就沸腾了，说明水吸收的热量多，造成水过早沸腾的原因可能是燃料c的燃烧过程比较快；由图丙可知，燃料c燃烧10min放出的热量已经使水沸腾，燃料d燃烧15min放出的热量没有使水沸腾，表明c放出的热量多；
（5）由图丙可知，两种燃料全部燃尽时，c燃料使水升高的温度更大，则c的热值大，故能比较热值的大小。
故答案为：（1）石棉网；（2）质量；温度计上升的示数；（3）b；（4）燃料c的燃烧过程比较快；大于；（5）能。 （1）实验时要用火焰的外焰加热；
（2）实验中，应控制燃料燃烧的质量相同，看温度计示数的变化来进行比较；
（3）根据水温的变化情况判断酒精和纸片放出热量的多少，从而判断出热值的大小； （4）根据燃料的燃烧情况分析；
（5）要想比较热值的大小，需要两种燃料全部燃烧完，通过水升高的温度的大小来比较热值的大小。
用相同质量的酒精和碎纸片燃烧加热水，通过水温的变化比较水吸热多少，通过水吸热多少比较放热多少，从而得出相同质量的酒精和碎纸片燃烧放热多少，即热值的大小，较难理解！ 【答案】将电流表指针调至零位 向右移动滑片 2.5 0.6 增加一节干电池并且电28.
压表改换成0～15V量程
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【解析】解：（1）由图甲所示可知，电压表指针没有指在零刻度线上，在使用前应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；
（2）由图甲知，滑动变阻器接左下接线柱时，滑片右移，电路电阻变大，故电源正极与滑动变阻器右下接线柱相连，连接电路。如图：
；
（3）电流表、电压表都有示数，而灯泡不发光，可能是电路电流太小，灯泡实际功率太小，不足以引起灯泡发光造成的，可以向右移动滑片，减小滑动变阻器接入电路的阻值，使电路电流变大，灯泡实际功率变大，看灯泡能否发光；
（4）当电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光；电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A，则灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.44A=0.6W；
（5）“3.8V0.3A”的额定电压为3.8V，电源电压为3V，故需要增加电源的电压，可以再串联一节干电池；电压表应选用0～15V量程。
故答案为：（1）将电流表指针调至零位；（2）如图；（3）向右移动滑片；（4）2.5；0.6；（5）增加一节干电池并且电压表改换成0～15V量程。 （1）电表在使用前要进行调零。
（2）根据滑动变阻器的接法和滑动变阻器改变电阻的特点分析；
（3）如果滑动变阻器接入电路的阻值太大，电路电流太小，灯泡实际功率太小，灯泡不发光，可以移动滑动变阻器滑片，减小滑动变阻器接入电路的阻值，看灯泡能否发光； （4）当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数，然后根据P=UI求出灯泡的额定功率； （5）根据“3.8V0.3A”灯泡的额定电压分析。
本题测量灯的电功率，考查注意事项、电路的连接、故障的查找、操作过程及实验方案的设定等，综合性较强。
29.【答案】C 做功 B A 不合理；当锅底离开灶面后，与线圈的距离变大，锅底的感应电流极小，几乎没有热量产生
【解析】解：（1）由材料中“在电磁炉上使用的锅体要求是铁质炊具，其他材质的炊具会造成电磁炉负荷异常而启动自动保护，不能正常工作”可知，适用于做电磁炉上使用的锅具的是铁，故选C；
（2）在使用电磁炉时，锅体内能的增加是通过电能转化而来的，该过程是电流做功的过程，故锅体内能的增加是通过做功的方法获得内能的；
（3）电磁炉工作时，变换器将家庭电路交流电变换成直流电，再逆变成高频交流电流过线圈，线圈产生变化的磁场，这是电流的磁效应；该变化的磁场在锅体的锅底形成感应电流而发热，这是电磁感应现象和电流的热效应，即焦耳定律；其工作过程中没有用到磁场对电流的作用，故选B；
（4）电磁炉使用时，锅体内物质的温度要高一些，热量会从物质传递到锅体和灶面，即发生了热传递现象，故电磁炉停止工作后，移去锅体，锅体和灶面都是热的； （5）锅底产生的感应电流具有邻近效应，即锅底靠近线圈时，锅底的感应电流最大，且感应电流随锅体离线圈距离增大面显著减小；依照小明的做法，当锅底离开灶面后，与线圈的距离变大，锅底的感应电流极小，几乎没有热量产生。
故答案为：（1）C；（2）做功；（3）B；（4）A；（5）不合理；当锅底离开灶面后，与线圈的距离变大，锅底的感应电流极小，几乎没有热量产生。
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