发布时间 : 星期五 文章遗传学朱军版习题与答案更新完毕开始阅读772c870ffc4733687e21af45b307e87101f6f825
9．真核生物与原核生物相比，其转录过程有何特点？ 答：真核生物转录的特点：
⑴. 在细胞核内进行。 ⑵. mRNA分子一般只编码一个基因。 ⑶. RNA聚合酶较多。 ⑷. RNA聚合酶不能独立转录RNA。 原核生物转录的特点：
⑴. 原核生物中只有一种RNA聚合酶完成所有RNA转录。 ⑵. 一个mRNA分子中通常含有多个基因。 10．简述原核生物蛋白质合成的过程。
答：蛋白质的合成分为链的起始、延伸和终止阶段：
链的起始：不同种类的蛋白质合成主要决定于mRNA的差异。在原核生物中，蛋白质合成的起始密码子为AUG。编码甲酰化甲硫氨酸。蛋白质合成开始时，首先是决定蛋白质起始的甲酰化甲硫氨酰tRNA与起始因子IF2结合形成第一个复合体。同时，核糖体小亚基与起始因子IF3和mRNA结合形成第二个复合体。接着两个复合体在始因子IF1和一分子GDP的作用下，形成一个完整的30S起始复合体。此时，甲酰化甲硫氨酰tRNA通过tRNA的反密码子识别起始密码AUG，而直接进入核糖体的P位（peptidyl，P）并释放出IF3。最后与50S大亚基结合，形成完整的70核糖体，此过程需要水解一分子GDP以提供能量，同时释放出IF1和IF2，完成肽链的起始。 链的延伸：根据反密码子与密码子配对的原则，第二个氨基酰tRNA进入A位。随后在转肽酶的催化下，在A位的氨基酰tRNA上的氨基酸残基与在P位上的氨基酸的碳末端间形成多肽键。此过程水解与EF-Tu结合的GTP而提供能量。最后是核糖体向前移一个三联体密码，原来在A位的多肽tRNA转入P位，而原在P的tRNA离开核糖体。此过程需要延伸因子G（EF-G）和水解GTP提供能量。这样空出的A位就可以接合另一个氨基酰tRNA，从而开始第二轮的肽链延伸。 链的终止：当多肽链的延伸遇到UAA UAG UGA等终止密码子进入核糖体的A位时，多肽链的延伸就不再进行。对终止密码子的识别，需要多肽释放因子的参与。在大肠杆菌中有两类释放因子RF1和RF2，RF1识别UAA和UAG，RF2识别UAA和UGA。在真核生物中只有释放因子eRF，可以识别所有三种终止密码子。
第四章 孟德尔遗传
1．小麦毛颖基因P为显性，光颖基因p为隐性。写出下列杂交组合的亲本基因型： （1）毛颖×毛颖，后代全部毛颖。 （2）毛颖×毛颖，后代3/4为毛颖 1/4光颖。 （3）毛颖×光颖，后代1/2毛颖 1/2光颖。
答：（1）亲本基因型为：PP×PP；PP×Pp； （2）亲本基因型为：Pp×Pp； （3）亲本基因型为：Pp×pp。
2．小麦无芒基因A为显性，有芒基因a为隐性。写出下列个各杂交组合中F1的基因型和表现型。每一组合的F1群体中，出现无芒或有芒个体的机会是多少？
（1）AA×aa， （2）AA×Aa， （3）Aa×Aa， （4）Aa×aa， （5）aa×aa，
答：⑴. F1的基因型：Aa； F1的表现型：全部为无芒个体。 ⑵. F1的基因型：AA和Aa； F1的表现型：全部为无芒个体。 ⑶. F1的基因型：AA、Aa和aa； F1的表现型：无芒：有芒=3：1。 ⑷. F1的基因型：Aa和aa； F1的表现型：无芒：有芒=1：1。 ⑸. F1的基因型：aa； F1的表现型：全部有芒个体。
3．小麦有稃基因H为显性，裸粒基因h为隐性。现以纯合的有稃品种（HH）与纯合的裸粒品种（hh）杂交，写出其F1和F2的基因型和表现型。在完全显性的条件下，其F2基因型和表现型的比例怎么样？
答：F1的基因型：Hh，F1的表现型：全部有稃。
F2的基因型：HH：Hh：hh=1：2：1，F2的表现型：有稃：无稃=3：1
4．大豆的紫花基因P对白花基因p为显性，紫花×白花的F1全为紫花，F2共有1653株，其中紫花1240株，白花413株，试用基因型说明这一试验结果。
答：由于紫花×白花的F1全部为紫花：即基因型为：PP×pp?Pp。而F2基因型为：
Pp×Pp?PP：Pp：pp=1：2：1，共有1653株，且紫花：白花=1240：413=3：1，符合孟得尔遗传规律。
5．纯种甜玉米和纯种非甜玉米间行种植，收获时发现甜粒玉米果穗上结有非甜玉米的子实，而非甜玉米果穗上找不到甜粒的子实，如何解释这一现象？怎么样验证解释？
答：⑴.为胚乳直感现象，在甜粒玉米果穗上有的子粒胚乳由于精核的影响而直接表现出父本非甜显性特性的子实。原因：由于玉米为异花授粉，间行种植出现互相授粉，并说明甜粒和非甜粒是一对相对性状，且非甜粒为显性性状，甜粒为隐性性状（假设A为非甜粒基因，a为甜粒基因）。
⑵.用以下方法验证：
测交法：将甜粒玉米果穗上所结非甜玉米的子实播种，与纯种非甜玉米测交，其后代的非甜粒和甜粒各占一半，既基因型为：Aa×aa=1：1，说明上述解释正确。
自交法：将甜粒玉米果穗所结非甜玉米的子实播种，使该套袋自交，自交后代性状比若为3：1，则上述解释正确。
6．花生种皮紫色（R）对红色（r）为显性，厚壳T对薄壳t为显性。R-r和T-t是独立遗传的。指出下列各种杂交组合的：1. 亲本基因型、配子种类和比例。2. F1的基因型种类和比例、表现型种类和比例。 答：祥见下表： 杂交基因型 TTrr×ttRR 亲本表现型 厚壳红色 薄壳紫色 配子种类 Tr:tR 配子比例 1:1 F1基因型 TtRr F1表现型 厚壳紫色 TTRR×ttrr 厚壳紫色 薄壳红色 TR:tr 1:1 TtRr 厚壳紫色 TtRr×ttRr 厚壳紫色 薄壳紫色 TR:tr:tR:Tr 1:3:3:1 TtRR:ttRr: TtRr:ttRR: Ttrr:ttrr =1:2:2:1:1:1 厚壳紫色: 薄壳紫色: 厚壳红色: 薄壳红色=3:3:1:1 厚壳紫色: 厚壳红色: 薄壳紫色: 薄壳红色 =1:1:1:1 ttRr×Ttrr 薄壳紫色 厚壳红色 tR:tr:Tr 1:2:1 TtRr:Ttrr: ttRr:ttrr =1:1:1:1 7．番茄的红果Y对黄果y为显性，二室M对多室m为显性。两对基因是独立遗传的。当一株红果二室的番茄与一株红果多室的番茄杂交后， F1群体内有3/8的植株为红果二室的，3/8是红果多室的，1/8是黄果二室的，1/8是黄果多室的。试问这两个亲本植株是怎样的基因型？ 答：番茄果室遗传：二室M对多室m为显性，其后代比例为：
二室：多室＝（3/8+1/8）：（3/8+1/8）=1：1，因此其亲本基因型为：Mm×mm。 番茄果色遗传：红果Y对黄果y为显性，其后代比例为： 红果：黄果＝(3/8+3/8)：( 1/8 +1/8)=3：1，
因此其亲本基因型为：Yy×Yy。因为两对基因是独立遗传的，所以这两个亲本植株基因型：YyMm×Yymm。
8．下表是不同小麦品种杂交后代产生的各种不同表现性的比例，试写出各个亲本基因型（设毛颖、抗锈为显性）。 亲本组合 毛颖感锈×光颖感锈 毛颖抗锈×光颖感锈 毛颖抗锈×光颖抗锈 光颖抗锈×光颖抗锈 毛颖抗锈 毛颖感锈 光颖抗锈 光颖感锈 0 10 15 0 18 8 7 0 0 8 16 32 14 9 5 12 答：根据其后代的分离比例，得到各个亲本的基因型：
（1）毛颖感锈×光颖感锈： Pprr×pprr （2）毛颖抗锈×光颖感锈： PpRr×pprr （3）毛颖抗锈×光颖抗锈： PpRr×ppRr （4）光颖抗锈×光颖抗锈： ppRr×ppRr 9．大麦的刺芒R对光芒r为显性，黑稃B对白稃b为显性。现有甲品种为白稃，但具有刺芒；而乙品种为光芒，但为黑稃。怎样获得白稃光芒的新品种？（设品种的性状是纯合的） 答：甲、乙两品种的基因型分别为bbRR和BBrr，将两者杂交，得到F1（BbRr），经自交得到F2，从中可分离出白稃光芒（bbrr）的材料，经多代选育可培育出白稃光芒的新品种。 10．小麦的相对性状，毛颖P是光颖p的显性，抗锈R是感锈r的显性，无芒A是有芒a的显性，这三对基因之间不存在基因互作。已知小麦品种杂交亲本的基因型如下，试述F1的表现型。
（1）PPRRAa×ppRraa （2）pprrAa×PpRraa （3）PpRRAa×PpRrAa （4）Pprraa×ppRrAa
答：⑴. F1表现型：毛颖抗锈无芒、毛颖抗锈有芒。
⑵. F1表现型：毛颖抗锈无芒、毛颖抗锈有芒、毛颖感锈无芒、毛颖感锈有芒、光颖抗锈无芒、光颖抗锈有芒、光颖感锈无芒、光颖感锈有芒。
⑶. F1表现型：毛颖抗锈无芒、毛颖抗锈有芒、光颖抗锈无芒、光颖抗锈有芒。
⑷. F1表现型：毛颖抗锈有芒、毛颖抗锈无芒、毛颖感锈无芒、毛颖感锈有芒、光颖感锈无芒、光颖抗锈无芒、光颖抗锈有芒、光颖感锈有芒。
11．光颖、抗锈、无芒（ppRRAA）小麦和毛颖、感锈、有芒（PPrraa）小麦杂交，希望从F3选出毛颖、抗锈、无芒（PPRRAA）的小麦10株，在F2群体中至少应选择表现型为毛颖、抗锈、无芒（P_R_A_）小麦几株？
答：解法一：F1：PpRrAa F2中可以产生毛颖、抗锈、无芒表现型的基因型及其比例：
PPRRAA：PpRRAA：PPRrAA：PPRRAa：PpRrAA：PPRrAa：PpRRAa：PpRrAa=1：2：2：2：4：4：4：8。按照一般方法则：(1/27)+(6/27)×(1/4)+(12/27)×(1/16)+(8/27)×(1/64)=1/8，则至少选择：10 /（1/8）= 80（株）。
解法二：可考虑要从F3 选出毛颖、抗锈、无芒（PPRRAA）的纯合小麦株系，则需在F2群体中选出纯合基因型（PPRRAA）的植株。
因为F2群体中能产生PPRRAA的概率为1/27，所以在F2群体中至少应选择表现为（P_R_A-_）的小麦植株：
1/27 = 10 X X=10×27=270（株）
12．设有3对独立遗传、彼此没有互作、并且表现完全显性的基因Aa、Bb、Cc，在杂合基因型个体AaBbCc（F1）自交所得的F2群体中，求具有5显性和1隐性基因的个体的频率，以及具有2显性性状和1隐性性状个体的频率。
答：由于F2基因型比为：27：9：9：9：3：3：3：1