发布时间 : 星期一 文章黑龙江省哈三中2016届高三第一次高考模拟考试理综物理试卷更新完毕开始阅读7a887079366baf1ffc4ffe4733687e21af45ffd7
【考点】： 波长、频率和波速的关系；横波的图象．
【分析】： 由y的最大值读出振幅，由相邻两个波峰或波谷间的距离读出波长．根据波形的平移法，结合波的周期性，得出波传播的距离与波长的关系，求出最小间距和最大间距，得到对应的波速． 【解析】： 解：当波沿x轴正方向传播时，可能的周期为：△t=nT+，且n=0或1； 当波沿x轴负方向传播时，可能的周期为：△t=nT+由波速公式v=
，且n=0或1，
可知，当速度v最小时，周期T最大．分析上面两类情况可知
当周期最大时，波沿x轴正方向传，且在△t=nT+中取n=0，即△t=，则T大=0.2 s 最小速度v小=
=40 m/s，方向沿x轴正向；
中取n=1，
当v最大时，周期T最小，由上面分析可知周期最小时，波沿x轴负方向传，且在△t=nT+即△=T+则T小=
，
s 最大速度v大=
=280 m/s，方向为沿x轴负方向；
答：则最小波速大小40 m/s，方向沿x轴正向，而最大波速是280 m/s，方向为沿x轴负方向． 【点评】： 本题关键明确“波形一个周期波形平移一倍波长”的结论，结合波形图得到最大、最小传播距离，然后确定最大、最小波速．
【物理-选修3-5】（15分） 17．（2015?哈尔滨校级一模）两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，B球在前，A球在后，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=3m/s，当A球与B球发生碰撞后，A、B两球速度可能为（ ） A． vA=4m/s，vB=4m/s B． vA=2m/s，vB=5m/s C． vA=﹣4m/s，vB=6m/s D． vA=7m/s，vB=2.5m/s E． vA=3m/s，vB=4.5m/s
【考点】： 动量守恒定律． 【专题】： 常规题型．
【分析】： 两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．
【解析】： 解：两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得： MAvA+MBvB=（MA+MB）v， 代入数据解得：v=4m/s，
如果两球发生完全弹性碰撞，有：MAvA+MBvB=MAvA′+MBvB′， 由机械能守恒定律得：MAvA2+MBvB2=MAvA′2+MBvB′2， 代入数据解得：vA′=2m/s，vB′=5m/s，
则碰撞后A、B的速度：2m/s≤vA≤4m/s，4m/s≤vB≤5m/s， 故选：ABE．
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【点评】： 本题碰撞过程中动量守恒，同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运动的快！
18．（2015?哈尔滨校级一模）如图所示，质量为m1=0.2kg，大小可忽略不计的物块A以V1=3m/s的速度水平向右滑上质量为m2=0.1kg的木板B的左端，同时木板B以V2=1m/s水平向左运动，AB间动摩擦因数μ=0.5，水平面光滑，木板B的长度L=0.5m，g=10m/s2．求：从物块A滑上木板B至滑离木板B的过程中A对B的冲量大小．
【考点】： 动量守恒定律；机械能守恒定律．
【分析】： 物块A滑上木板B至滑离木板B的过程中，根据系统动量守恒和能量守恒列车等式求出滑离的末速度，
根据动量定理得出A对B的冲量大小．
【解析】： 解：物块A滑上木板B至滑离木板B的过程中，规定向右为正方向， 根据系统动量守恒得 m1v1﹣m2v2=m1v′1+m2v′2 根据能量守恒得 μm1gL=m1
+m2
﹣m1
﹣m2
解得：v′1=2m/s，v′2=1m/s
根据动量定理得出A对B的冲量大小I=0.1×1﹣0.1×（﹣1）=0.2N?S．
答：从物块A滑上木板B至滑离木板B的过程中A对B的冲量大小是0.2N?S．
【点评】： 本题考查了求速度与冲量问题，分析清楚运动过程、选择恰当的过程应用动量守恒定律、能量守恒定律、动量定理即可正确解题．
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1【解析】： 解：A、奥斯特首先发现电流周围存在磁场，故A错误； B、法拉第首先发现了电磁感应现象，故B正确；
C、牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，故C错误；
D、经典力学在微观，高速情况下不再适用，经典力学的适用条件为，宏观世界，低速运动，故D错误； 故选：B．
2【解析】： 解：设飞行的时间为t，则：x=V0t h=因为斜面与水平面之间的夹角为45°，如图所示， 由三角形的边角关系可知，AQ=PQ 所以在竖直方向上有，OQ+AQ=10m 所以有：v0t+
=10m， 解得：t=1s． 故选：C．
3【解析】： 解：A、电动机停止转动时，可得电动机的电阻：R===1Ω；故AB错误；
C、电动机正常运转时，电动机的总功率：P=U1I1=15V×2A=30W； 电动机自身电阻的热功率：PR=I12R=（2A）2×1Ω=4Ω；
电动机正常运转时的输出功率是：P出=P﹣PR=30W﹣4W=26.0W．故C错误，D正确； 故选：D．
4【解析】： 解：物体先向左做减速运动，加速度大小a=μg=4m/s2，经过1s速度减小到零，此时向左运动了
，而没到达左端，因此接下来向右加速运动，加速度不变，经0.5s速度达
=0.5m，接下来向右匀速运动，因此C图象正
到2m/s，与皮带的速度相等，这时向右仅运动了
确． 故选：C
5【解析】： 解：A、由电场线的疏密可判断出EA＜EB．由电场线的方向可判断出φA＞φB．所以EA＜EB、φA＞φB，故A错误．
B、在运动的过程中，由动能定理得，C、由B得，A、B两点间的电势差U=
，若v2＞v1，qU可正可负，故B错误．
（v22﹣v12﹣2gh），故C正确
D、由上式得，电场力做功W=qU=mv22﹣mv12﹣mgh．故D错误．
故选：C 6【解析】： 解：A、对人分析，人受到重力、箱子对人的支持力，箱顶对人的压力，根据平衡有：N=G2+F．故A正确；
B、对人分析，人受到重力和木箱的作用力（箱底对人的支持力和箱顶对人的压力的合力），根据平衡条件，故木箱的作用力大小为G2．故B正确；
C、D、对整体分析，受总重力和支持力，有：N′=G1+G2．则压力与支持力的大小相等，为G1+G2．故C错误，D正确． 故选：ABD．
7【解析】： 解：设导线的电阻率为ρ，横截面积为S，线圈的半径为r，则感应电流为： I=
=
…①
A、根据①式，I与线圈匝数无关，故A错误；
B、根据①式，若将线圈的面积增加一倍，半径r增加为C、根据①式，将r减小一半，I减小一半；故C正确；
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倍，电流增加为倍；故B错误；
D、根据①式，若磁感应强度的变化率减小一半，则电流I减小一半，故D正确； 故选：CD．
8【解析】： 解：A、滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，根据速度图象的“面积”等于位移，两个过程的位移大小相等，可知，下滑时间大于上滑时间．所以A错误．
B、由于不知道斜面的夹角，所以不能确定下滑的时间是向上滑动的时间的2倍．故B错误．
C、物体向上运动的过程中，克服重力和摩擦力做功，动能减小，W=（mg+f）x；物体下滑的过程中重力做正功，摩擦力做负功，动能增大，W′=（mg﹣f）x；所以向上运动的过程中动能随x的快．故C正确． D、由于物体克服摩擦力做功，其机械能不断减小．故D正确． 故选：CD．
9【解析】： 解：电源电动势为3V，所以电压表选择电压表V1（量程3V，内阻约为15Ω），即选A，Imax=
=0.5A，所以电流表选择电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω）即选D；
由于金属丝的电阻较小，则选择电流表外接法．并为了减少实验误差，且在实验中获得较大的电压调节范围，所以变阻器要选择分压式接法．故选：d 故答案为：A，D，d
10【解析】： 解：（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则有： v5=
=
m/s=2.0m/s．
在0～5过程中系统动能的增量为： △EK=（m1+m2）v52=
=0.40J．
系统重力势能的减小量为：
△Ep=（m1﹣m2）gx05=（0.15+0.05）×9.8×（0.3889+0.0391）=0.42J； （2）根据系统机械能守恒有：（m1﹣m2）gh=（m1+m2）v2； 而图象v2=kh=
知图线的斜率k=g 解得：g=． 故答案为：0.42，0.40，．
11【解析】： 解：（1）将某物体由距月球表面高h处释放，经时间t后落到月球表面．根据自由下落的运动规律得： h=gt2 g=
忽略月球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式：G=mg 得月球的质量为：M=
（2）根据万有引力充当向心力知：F=G=m
航天飞船在靠近月球表面圆轨道运行的速度为：v1==
高度为H圆轨道运行速度为：v2== = 答：（1）月球的质量为；
（2）航天飞船在靠近月球表面圆轨道运行的速度与高度为H圆轨道运行速度之比
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