发布时间 : 星期日 文章2020年高考理综模拟试卷(01)Word版附答案及解析更新完毕开始阅读8435a3bda200a6c30c22590102020740be1ecdae
；
(2) 当开关S1闭合，S2拨至1位置时，由欧姆定律可得U1=I1(RA+Rx)，当S2拨至2位置时，由欧姆定律可得U2=I2(RA+R0)，联立解得RA=1.8?，Rx=4.8?；
(3) 由闭合电路欧姆定律可得： 变形得
可由斜率求得E=5.0V，或由截距及RA=1.8?求得E=5.0V；电阻箱消耗的功率
，当R=RA+R0=5.0?时，电阻箱消耗的功率
最大。
24．(12分)
【解析】 (1)由图象知导体棒ab的最大速度为 此时，导体棒中感应电动势为
感应电流
导体棒受到的安培力 此时带动机牵引力为
由牛顿第二定律得 联立代入数据解得：
(2)由能量守恒得：
代入数据解得R上产生的热量Q=49J 25．(20分) 【解析】（1）设A到达圆弧底端时的速度为 ，轨道对A支持力大小为N 由机械能守恒定律得：
C过底端时，由牛顿第二定律，有：
由牛顿第三定律，知：
（2）设小铅块滑到第 块木块时，铅块对木块的摩擦力为： 后面的 块木块受到地面的最大静摩擦力为： 要使木块滑动，应满足 ， 即 解得： ,取
由于AB铅块质量相同，且发生弹性碰撞，所以碰后两者速度交换 根据动能定理得：
解得：
26. 【答案】（1）圆底烧瓶 不能 （2） b
（3） 打开活塞K
（4） 保温，避免水蒸气冷凝
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（5） ab HF+OH?=F?+H2O （6） 2.85%
【解析】（1）A的名称是圆底烧瓶，长导管用于平衡压强，实验过程中其下端在液面以下；答案：圆底烧瓶，不能；（2）实验过程中，直形冷凝管中的冷却水应从a进b出，这样可使冷却水充满外管，有利于带走热量；答案：b。（3）从实验安全角度考虑，实验时，首先打开活塞K，目的是让烧瓶内压强和外界一致，待水沸腾时，关闭活塞K，开始蒸馏，若蒸馏时因反应装置局部堵塞造成长导管水位急剧上升，应立即打开活塞K，和外界联通降低压强；答案：打开活塞K；（4）连接水蒸气发生装置和反应装置之间的玻璃管常裹以石棉绳，石棉绳的隔热效果比较好，主要起到保温防止水蒸气冷凝的作用；答案：保温，避免水蒸气冷凝。（5）①根据题干知识可知反应原理为高沸点酸（难挥发性酸）制取低沸点酸（易挥发性酸），醋酸和硝酸易挥发，不可代替高氯酸；答案：ab；②D中是氢氧化钠与HF发生酸碱中和生成盐和水，离子方程式为HF+OH?=F?+
H2O；答案：HF+OH?=F?+H2O。（6）关系式法计算：设F?的物质的量为x
3F?～LaF3～La3+ EDTA～La3+ 3mol 1mol 1mol 1mol
x x/3 0.1mol/L×20.00×10?L 0.1mol/L×20.00×10?L
-3?3?3+0.1mol/L×20.00×10L=0.100mol/L×25.00×10L；得x=1.5×10mol=0.0015mol；
3
3
氟化稀土样品中氟的质量分数为：
1
×100%=2.85%；答案：2.85%。
27. 【答案】（1）－750kJ·mol? 降温、升压、增大CO和NO的投料比等 （2）该反应是放热反应，升高温度反应更有利于向逆反应方向进行 870℃(850℃到催化剂
900℃之间都可以) 4C2H6+14NO2=====8CO2+7N2+12H2O 50
（3）9×10?(a－b)
5
2
2CO2(g)＋
【解析】I．（1）根据盖斯定律①×2-[③×2-②]可得2CO(g)＋2NO(g)
N2(g) ΔH=－750 kJ·mol?1；该反应的正反应为气体体积减小的放热反应，故降温和升压都可以使平衡右移，有利于提高NO的平衡转化率，故答案为：－750kJ·mol?1；降温、升压；（2）①该反应是放热反应，升高温度反应更有利于向逆反应方向进行，所以NO的分解率降低。根据图像可知，在n(NO)/n(CO)=1的条件下，温度为870℃(850℃到900℃之间都可以)转化率最高，故答案为：该反应是放热反应，升高温度反应更有利于向逆反应方向进行；870℃(850℃到900℃之间都可以)。②NO2能与乙烷反应生成CO2、氮气和水，其方程式催化剂
为：4C2H6+14NO2=====8CO2+7N2+12H2O，故答案为：4C2H6+14NO2
催化剂
=====8CO2+7N2+12H2O；③常温下某NaNO2和HNO2混合溶液的pH为5，则溶液中c(OH?)=10?9
???11
mol·L?1，NO?mol·L-1，则混合溶液中c(NO?2的水解常数K=c(HNO2)×c(OH)/c(NO2)=2×102)??11和c(HNO2)的比值为c(NO?mol/L=10?9mol·L?1/2×10?11mol/L=50，2)/c(HNO2)=c(OH)/2×10
故答案为：50；II．（3）
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则Kp=
-
，根据表格中数据，带入此式，v=kP(CO)·P(NO2)，可求出k=v/P(CO)·P(NO2)
5
5
2
5
2
mnmn
=0.009/(10×10)=9×10?，所以t min时v=9×10?(a－b)，故答案为：9×10?(a－b)；
-
。
28. 【答案】（1）增大硫酸的浓度（或经铜镉渣研成粉末）；Co+H2SO4 =CoSO4+H2↑ （2）Sb2O3+2Co2++6H++10e?=2CoSb+3H2O
+ 3+
（3）3Fe2++MnO?4+4H=3Fe+MnO2+2H2O 3.3~7.2
（4）b 2.0×10?10mol/L
【解析】（1）为了提高铜镉渣浸出的速率，可以通过增大硫酸的浓度或将铜镉渣研成粉末等方式加快速率；浸出钴的化学方程式为：Co+H2SO4=CoSO4+H2↑；因此，本题正确答案是：增大硫酸的浓度（或经铜镉渣研成粉末）；Co+H2SO4=CoSO4+H2↑；（2）该电池中，Sb2O3是正极，得电子被还原，化合价降低，所以正极反应式为：Sb2O3+2Co+6H+10e?=2CoSb+3H2O；因此，本题正确答案是：Sb2O3+2Co+6H+10e?=2CoSb+3H2O；（3）①KMnO4具有强氧化性，反应的离子方程式为：3Fe+MnO?4+4H=3Fe+MnO2+2H2O；②加入ZnO的目的是提高溶液的pH，将铁离子转化成Fe(OH)3沉淀除去，同时也不能损失Cd，所以应该控制溶液的pH范围为
+3+
3.3~7.2；因此，本题正确答案是：3Fe2++MnO?（4）因为Ksp4+4H=3Fe+MnO2+2H2O；3.3~7.2；
2+
2+
+
3+
2+
+
2+
+
（CdS）最小，所以沉淀Cd效果最好的试剂是Na2S；因为c(OH?)= =所以c(Cd)=
2+
2+
-3
=110mol/L，
10
10
= 2.0×10?mol/L。因此，本题正确答案是：b；2.0×10?mol/L。 29. 【答案】（1）净（1分） 18:00左右光合速率数值小于0，只有净光合速率可
以小于0（或总光合速率不会小于0）
（2）B
（3）负 （净）光合速率越大，消耗CO2越快，胞间（剩余）CO2浓度越小；反之，胞间（剩余）CO2浓度越大
【解析】 （1） 净光合速率＝总光合速率－呼吸速率净。分析图示可知：在18:00左右，油葵的光合速率的数值小于零，而只有净光合速率会出现小于零的现象，但总光合速率不会小于零，所以数据中的“光合速率”是指净光合速率。（2） 中午11:00～14:00时，胞间CO2浓度与上午10:00～11:00时几乎没有差异，而在11:00时，光合速率已经达到峰值，由此可见，中午11:00～14:00时，光合速率出现了一个低谷，这段时间限制光合作用速率的主要环境因素是CO2浓度的可能性极小，而更可能是光照强度等其它因素。（3） 曲线图显示：当光合速率达到峰值时，胞间CO2浓度达到最低值，说明胞间CO2浓度和光合速率呈负相关，出现这种相关性的原因是：光合速率越大，消耗CO2越快，胞间的CO2浓度越小；反之，胞间的CO2浓度越大。
30. 【答案】（1）下丘脑 小鼠的血浆渗透压降低，引起脑内抗利尿激素分泌量减少，从而调节水平衡 神经-体液调节
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（2）光刺激激活X神经元所诱导的过度饮水行为与口渴程度无关
【解析】 （1）依题意可知：调节水平衡的中枢位于下丘脑，因此X神经元应位于下丘脑。光刺激神经元X一段时间后，小鼠尿量增加，究其原因是：小鼠的舔水次数增加，导致小鼠的血浆渗透压降低，引起下丘脑合成与分泌的抗利尿激素的量减少，从而调节水平衡。上述过程的调节方式为神经-体液调节。（2）依题意和表中信息可知：对照组与实验组Ⅰ的自变量为是否进行光刺激，对照组与实验组Ⅱ的自变量为测量前48h是否限水，结果三组小鼠的舔水次数为：光刺激的实验组Ⅰ＞限水的实验组Ⅱ＞对照组，说明实验组Ⅱ小鼠的舔水行为与口渴程度有关，但实验组Ⅰ小鼠的舔水行为与口渴程度无关，而是与光刺激有关。可见，本实验可以得出的结论是：光刺激激活X神经元所诱导的过度饮水行为与口渴程度无关。
31. 【答案】（1）生存斗争 随机取样（1分）
（2）生产者、分解者 被分解者利用和流向下一营养级 （3）该种昆虫在食物网中的位置被其他同营养级的物种替代
（4）大量繁殖导致本地物种减少，使该生态系统的生物多样性遭到破坏；也可能与其他物种相互制约，成为 其中的一个组分，增加了该生态系统的生物多样性
【解析】 （1）据分析可知，根据自然选择学说分析，植物A具有生存优势是通过生存斗争实现的；用样方法调查植物A的种群密度时，取样时应考虑到随机取样。（2）该生态系统的土壤中生活着硝化细菌和毛霉，硝化细菌能进行化能合成作用，在生态系统组成成分中属于生产者，毛霉营腐生生活，在生态系统组成成分中属于分解者；鸟用于生长、发育和繁殖的能量，有三个去向，被分解者利用和流向下一营养级，以及未被利用。（3）如果一条食物链上某种生物减少或消失，它在食物链上的位置可能会由其他生物来取代。错综复杂的食物网是生态系统保持相对稳定的重要条件。（4）某人从外地向该生态系统中引入了一种植物(适应当地气候条件等)，预测这种植物对该生态系统的多样性可能产生的影响：大量繁殖导致本地物种减少，使该生态系统的生物多样性遭到破坏；也可能与其他物种相互制约，成为其中的一个组分，增加了该生态系统的生物多样性。
32. 【答案】（1）AABBcc×AAbbCC、AABBcc×aaBBCC、AAbbCC×aaBBCC 3/7 （2）①亲本产生的含基因EF的雄（或雌）配子致死 ②以亲本紫色高茎植株为父本与F1中的绿色矮茎植株测交，统计子代表现型及比例。预期实验结果:若子代出现绿色高茎：紫色矮茎：绿色矮茎=1:1:1，则亲本产生的含基因EF的雄配子 致死。或实验思路:以亲本紫色高茎植株为母本与F1中的绿色矮茎植株测交，统计子代表现型及比例。预期实验结果:若子代出现绿色高茎：紫色矮茎：绿色矮茎=1:1:1，则亲本产生的含基因EF的雌配子致死（3分） ③高茎:矮茎=5：1
【解析】 （1）现有甲、乙两种黄花植株品系，若甲、乙品系杂交，F1均为白花，F1 自交，F2中黄花植株：白花植株=7 : 9,则F1中有两对等位基因，另一对基因为显性纯合，推测亲本为纯合子，且有一对隐性基因，两对显性基因，因此，亲本基因型组合有AABBcc×AAbbCC、AABBcc×aaBBCC、AAbbCC×aaBBCC ，F2黄花植株有5种基因型，占F2的7/16，黄花纯合子有三种基因型，占F2的3/16，因此F2黄花植株中纯合植株所占的比例为（3/16）÷（7/16）=3/7。（2）已知该植物紫茎对绿茎为显性，由基因 E/e控制；高茎对矮茎为显性，由基因 F/f控制，两对等位基因分别位于两对同源染色体上。让紫色高茎植株自交，F1中紫色高茎：绿色高茎：紫色矮茎：绿色矮茎=5 ： 3 ： 3 ： 1，由于F1中的性状分离比为9:3:3:1的变式，推测亲本紫色高茎植物的基因型为EeFf，产生的F1的表现型及比例为：E_F_紫色高茎：eeF_绿色高茎：E_ff紫色矮茎：eeff绿色矮茎=5:3:3:1。①由F1的表现型及比例可推知， eeF_绿色高茎：E_ff紫色矮茎：eeff绿色矮茎=3:3:1个体
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