发布时间 : 星期二 文章安徽省江淮名校2015届高三下学期第三次模拟物理试卷更新完毕开始阅读886e350b08a1284ac9504383
隔离对1、2两个物体分析，有：F﹣2mgsin30°﹣μ?2mgcos30°﹣N=2ma． 解得：N=
F．故A正确，B、C、D错误．
故选：A．
点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．
10．带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，能分别完成以下两种运动：直线运动；圆周运动．则该电场可能由 ( )
①一个带正电的点电荷形成 ②一个带负电的点电荷形成
③两个分立的带等量正电的点电荷形成 ④两个分立的带等量负电的点电荷形成． A．①②说法正确 B．①③说法正确 C．②④说法正确 D．只有①说法正确
考点：电场；元电荷、点电荷． 专题：电场力与电势的性质专题．
分析：带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，若在电场线上运动，则电势一定变化，因为沿电场线电势降低，若在等势面上做匀速圆周运动，则电场力大小应该不变，结合这两个要求判断即可．
解答： 解：①、因为一个带正电的点电荷形成的电场，其电场线是直线，当带负电的粒子的初速度的方向与电场线的方向在一条直线上时，粒子可以在电场线上运动，当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子可以在等势面上做匀速圆周运动．带负电的粒子 可以在一个带正电的点电荷形成的电场中的任意一个等势面（如图1中虚线所示的等势面A、B、C）上做匀速圆周运动 ．故①正确；
②、当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子受到与电场线方向相反的力的作用，将会做离心运动，故②错误．
③、如图2所示两个等量的同种正点电荷A、B形成的电场（笔者增加了AO、BO、OP、OQ四条直线电场线），当带负电的粒子的初速度的方向与电场线在一条直线上时，粒子可以在电场线上运动，如图2所示粒子可以在直线电场线AM、BN、AB、OP、OQ等上做直线运动，由于场强是变化的，所以粒子做变速直线运动，考虑到电场分布的空间性和对称性，当粒子初速度的方向在A、B连线的中垂面内且与中垂线垂直，则粒子所受库仑力的合力始终指向O点，粒子将在两电荷A、B连线的中垂面内，以两电荷A、B连线的中点O为圆心做匀速圆周运动．其实PQ是两电荷连线的垂直平分面在纸面内的投影，在该平面内其电势的分布像在两电荷A、B连线的中点O处固定一个孤立的正的点电荷一样，其电势的分布如图2虚线所示的等势面，故③正确；
④、两个带等量负的点电荷的电场对负电荷的作用力向外，同负点电荷的电场类似，所以带负电粒子不可能在受到背离圆心的作用下做匀速圆周运动 ．故④错误． 故选：B
点评：该题考查几种常见的电场的特点，本题关键要能让负电荷做匀速圆周运动，必须有指向圆心的力提供向心力，故只能是位于圆心的正电荷提供．
11．在如图所示的电路中，两个灯泡均发光，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，则( )
A．A灯变亮，B灯变暗 B．A灯和B灯都变亮 C．电源的输出功率减小 D．电源的工作效率降低
考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率． 专题：恒定电流专题．
分析：当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析总电流的变化和A灯电压的变化，判断A灯亮度的变化．根据总电流与R2电流的变化，分析流过B灯电流的变化，分析B灯亮度的变化．电源的效率等于输出功率与总功率之比，等于外电路总电阻与整个电路总电阻之比． 解答： 解：
A、B当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据全电路欧姆定律得知，总电流I变小，A灯的电压UA=E﹣I（R1+r），I变小，UA变大，A灯变亮．流过B的电流IB=I﹣I2，I变小，I2变大，则IB变小，B灯变暗．故A正确，B错误． C、由于外电阻与电源的内阻大小关系未知，无法判断电源的输出功率如何变化．故C错误．
D、电源的工作效率η==，外电路总电阻R增大，电源的工作效率增大．故D错
误． 故选A
点评：对于电路动态变化分析问题，首先要根据电路结构的变化分析外电路总电阻的变化，到总电流和路端电压变化，再到局部电路电流和电压的变化进行分析．
二、实验题（每空3分，共18分）
12．必须同时使用测量工具：打点计时器和刻度尺，才能完成下列高中物理课本里的学生实验有( )
A．研究匀变速直线运动的规律 B．探究求合力的方法 C．探究平抛运动的规律
D．验证机械能守恒定律（必须用重锤和纸带来验证） E． 探究功与物体速度变化的关系
考点：验证机械能守恒定律；研究平抛物体的运动． 专题：实验题．
分析：通过实验的原理确定需要测量的物理量，从而确定所需的实验器材．
解答： 解：A、测定匀变速直线运动的实验中，需要测量纸带点迹的长度，所以需要的器材有刻度尺、打点计时器； B、验证力的平行四边形定则中，需要刻度尺做平行四边形和做力的图示时测量合力的大小，不需要天平和打点计时器；
C、探究平抛运动的规律中，需要刻度尺，但不要打点计时器，
D、验证机械能守恒，需要通过纸带求解瞬时速度和下降的距离，所以需要打点计时器、刻度尺．
E、探究功与物体速度变化的关系，需要通过纸带测量物体的速度，因此需要打点计时器和刻度尺，不需要测量质量； 故答案为：ADE．
点评：解决本题的关键掌握 各个实验的实验原理，通过原理确定需要的实验器材，难度不大，属于基础题． 13．某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．
（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为3.6N． （2）下列不必要的实验要求是D（请填写选项前对应的字母） A．应测量重物M所受的重力 B．弹簧测力计应在使用前校零 C．拉线方向应与木板平面平行
D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置．
考点：验证力的平行四边形定则．
专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．
分析：确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数．
在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验． 解答： 解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N．
（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；
B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确； C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；
D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．
本题选不必要的，故选：D． 故答案为：（1）3.6， （2）D
点评：本题考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直．
14．某同学为探究动能定理，设计了如下实验，他的操作步骤如下：
（1）按图甲摆好实验装置，其中小车质量M=0.20kg，钩码总质量m=0.05kg． （2）释放小车，然后接通打点计时器的电源（电源频率为f=50Hz），打出一条纸带． （3）他在多次重复实验得到的纸带中取出自认为满意的一条，如图一乙所示，把打下的第一点记做O，然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，用厘米刻度尺测得各计数点到O点距离分别为d1=0.041m，d2=0.055m，d3=0.167m，d4=0.256m，d5=0.360m，
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d6=0.480m…，他把钩码重力（当地重力加速度g=10m/s）作为小车所受合力，算出打下O点到打下第5点合力做功W=0.180 J（结果保留三位有效数字），用正确的公式Ek=
（用相关数据前字母列式）把打下第5点时小车的动能作为小车动
能的改变量，算得Ek=0.125J．
（4）此次试验探究的结果，他没能得到“合力对物体做的功等于物体动能的增量”，且误差很大．通过反思，他认为产生误差的原因是把钩码的重力当成了小车的合力；实验前没有平衡摩擦力；（只要写出两条主要原因即可）
考点：探究功与速度变化的关系． 专题：实验题． 分析：（1）将砝码重力当作小车所受合外力，根据功的定义可以正确解答，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出第5个点的速度大小，进一步求出其动能大小；
（2）实验误差主要来自两个方面一是由实验原理不完善导致的系统误差，一是由数据测量如测量距离等导致的偶然误差，可以从这两个方面进行分析． 解答： 解：（3）①从打O点到打5点这一过程中合力做功：
W=Fs=mgh=mgd5=0.05×10×0.360=0.180J；
②做匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，