发布时间 : 星期二 文章(鐗╃悊)涓�冪墿鐞嗙數鍔熺巼涓撻」缁煎悎缁冧範棰?鍚瓟妗堣В鏋? - 鐧惧害鏂囧簱更新完毕开始阅读8e51ff46bcd5b9f3f90f76c66137ee06eff94ec0
所以，电源的电压：
U＝I（R1+R2）＝I′（R1+R2′），即 解得：R1＝10Ω，B不符合题意； 电源的电压U＝I（R1+R2）＝
×（10Ω+10Ω）＝24V，A不符合题意；（2）当电压表的 （R1+10Ω）＝ （R1+20Ω），
示数U1″＝15V时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小， 此时电路中的电流：I大＝
＝
＝1.5A，
此时滑动变阻器两端的电压：U2小＝U﹣U1″＝24V﹣15V＝9V， 则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小＝
＝
＝6Ω，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小， 所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Ω～30Ω，C不符合题意；（3）当滑动变阻器
接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，则P
＝14.4W，D符合题意。
小
＝
＝
故答案为：D。
【分析】由图乙可知，当R2的阻值为10Ω和20Ω时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压. 当电压表的示数最大时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，据此得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围.
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据电阻的串联和P=UI=求出电路的最小功率.
6．王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W 2kΩ”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ220 60”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（ ）
A. 因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣 B. 电位器额定功率偏小 C. 电位器额定电流偏大
D. 电位器电阻偏小，应换用20kΩ 【答案】 B
【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、B、C是否正确． 知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R=计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断D是否正确．
【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故A错误；
功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不符合题意；B说法正确； 灯泡为“PZ220 60”， ∴灯泡的电阻为RL=
=
=807Ω；
接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+R电=807Ω+2000Ω=2807Ω， ∴电位器的功率为：P电=I2R电=（）2R电=（从而可知D说法错误； 故选B．
）2×2000Ω≈12.3W，
【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功
率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题．
7．如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图．R0是阻值为484Ω的保温电阻，R1是规格为“220V 800W”的主加热电阻，R2是副加热电阻．电压力锅煮饭分为“加热升压→保压→保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P﹣t）”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S，S自动接到a，同时S1自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S1自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S1又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b，减压进入保温状态．电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kW?h，下列说法正确的是（ ）
A. 电压力锅是对大气压强的应用 B. 当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅处于升压状态
C. 电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间是18min D. 电压力锅正常工作时的最大电流是5A 【答案】 D
【解析】【解答】解：A．高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；
B．由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；
C．由图乙可知，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间分别为0～6min，9～12min，15～18min，
即R1的工作时间t1=12min=0.2h，C不符合题意；
D．R2的工作时间t2=18min=0.3h，在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2 ， 即：0.25kW?h=0.8kW×0.2h+P2×0.3h，
解得：P2=0.3kW=300W，两加热电阻同时工作时电路电流最大，则总功率P=P1+P2=800W+300W=1100W， 由P=UI可得，I= 故答案为：D．
【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键.
=5A，D符合题意．
8．如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（ ）
A. 电视机 B.
洗衣机
C.
【答案】D
电风扇 D.
电热水壶
【解析】【解答】A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作的；A不符合题意．
B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；B不符合题意． C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；C不符合题意． D、电热水壶工作时，将电能转化成内能，是根据电流的热效应工作的；D符合题意． 故答案为：D．
【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；根据各用电器工作时能量转化识别判断即可.
9．如图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，则下列结果正确的是（ ）
A. 电路中的最小电流为1.5A B. 滑片P在中点时，9s内滑动变阻器R消耗的电能为60J
C. R1先后两次消耗的电功率之比为4：3 D. R先后两次消耗的电功率之比为8：9 【答案】 D
【解析】【解答】解：根据电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流；
根据串联电路分压原理知，滑片从中点到b端时，R连入阻值增大，它分得电压增大，即电压表示数增大了2V，此时电压表示数为4V+2V＝6V； 所以U1＝U﹣UR＝12V﹣6V＝6V， 由Q＝ t可得：R1＝
t＝
×10s＝6Ω；
＝I1＝ ＝
A、当滑片在b点时，电路中电阻最大，电流最小，电路中的最小电流：I ＝1A，A不符合题意；
B、滑片在中点时，电路中的电流：I＝I1′＝
＝
＝ A，
最小
9s内滑动变阻器R消耗的电能：WR＝URIt＝4V× A×9s＝48J，B不符合题意；
C、由P＝UI可得，R1先后两次消耗的电功率之比： ＝ ，C不符合题意。
＝ ＝
C、由P＝UI可得，R先后两次消耗的电功率之比： 题意。 故答案为：D
＝ ＝ ＝ ，D符合