发布时间 : 星期三 文章福建省宁德市2018届高三物理上学期期末质量检测试题(含解析)练习更新完毕开始阅读929d45e4dcccda38376baf1ffc4ffe473268fd12
滑动变阻器R2(0~200Ω)
单刀单掷开关S1、单刀双掷开关S2，导线若干。
(1)为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用__________(选填“R1”或“R2”)。
(2)开始实验之前，S1、S2都处于断开状态。
①闭合S1，S2接通1，电路中电压表、电流表的示数如图乙所示，电流表的读数为________A，电压表的读数为_______V。
②闭合S1，S2接通2，改变滑动变阻器的阻值，测得多组电压表、电流表的读数如下表：
③在图丙所示的坐标系中描点作图_____，由图象得两节新电池总电动势为_______V,总内阻为________Ω。(结果保留至小数点后第二位)
(3)请说出该测量电路的优点_______________。(写出一条即可)
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【答案】 (1). R1 (2). 0.30（或0.300） (3). 1.20 (4). 图见解析 (5). 3.10~3.20 (6). 1.00~1.30 (7). 保护安培表；消除安培表内阻造成的系统误差;等效内阻变大等
【解析】（1）滑动变阻器应选用．因为的总电阻较小，使电路中电流较大，电流表指针能在刻度盘中央附近，测量误差较小．（2）①闭合，接通1，由图乙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，因此电流表示数为0.30A；电压表量程为0～3V，分度值为0.1A，因此电压表示数为1.20V ；③根据表中数据作出电源的U—I曲线如图所示：
由图可知，图线的纵截距即电源电动势，故E=3.10V，图线斜率的绝对值
，由电路图可知，此时
，又因为当S接1时有
，电源的内阻为
较小，故加一个定值电阻，可以起到保护安培表的作用.
.(3)因安培表的内阻
11. 智能分拣设备迅速将包裹分拣装车。若把智能分拣设备简化成如图所示的水平传输装置，皮带在电动机的带动下保持v=1m/s的速度向右运动，现将一质量为m=2kg的包裹轻放在皮带上，包裹和皮带间的动摩擦因数μ=0.5。包裹从轻放在皮带上到相对皮带静止的过程中，设皮带足够长，取g=10m/s，求：
2
(1)包裹滑动时加速度a的大小； (2)包裹滑动的时间t； (3)包裹位移x的大小。
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【答案】（1）（2）(3)
【解析】试题分析：（1）根据牛顿第二定律求解包裹的加速度大小；（2）根据速度时间关系求解滑动时间；（3）根据位移时间关系求解包裹位移大小.
（1）设邮件放到皮带上与皮带发生相对滑动过程中受到的滑动摩擦力为f，则：根据牛顿第二定律得：解得：
（2）包裹加速到与传送带速度相等的时间为（3）加速到与传送带相对静止的位移为
12. 如图所示，PM是半径为R的光滑四分之一绝缘轨道，在该轨道内有垂直纸面向外的匀强次大红，磁感应强度大小为B。MN水平且足够长，PM下端与MN相切于M点。质量为m的带正电小球b静止在水平轨道上，质量为2m、电荷量为q的带正电小球a从P点静止释放，在a球进入水平轨道后，a、b两小球间只有静电力作用，且a、b两小球始终没有接触。带电小球均可视为点电荷，设小球b离M点足够远，重力加速度为g。求：
(1)小球a刚到达M点时速度大小及对轨道的压力大小； (2)a、b两小球系统的电势能最大值EP； (3)a、b两小球最终的速度va、vb的大小。 【答案】（1）
（2）
（3）
（1）从P到M，洛伦兹力、弹力不做功，只有重力做功 由动能定理有：
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解得：
由牛顿第二定律有：解得：
根据牛顿第三定律得小球对轨道的压力为：
（2）两球速度相等时系统电势能最大，由动量守恒定律有：根据能量转化与守恒定律有：解得：
（3）由动量守恒定律：由能量转化与守恒定律有：解得：
，
13. 有一塑料小车从倾角为θ的光滑斜坡上下滑，撞击挡板后停下，如图甲所示。为了减少小车对挡板的冲击，某同学设想了一个电磁缓冲装置：在小车的底部固定一个与小车前端平齐、匝数为n、边长为L、总电阻为R的正方形闭合线框，在斜坡的下端加上宽度同为
L的匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直斜坡向下，如图乙所示(小车未画出)。若小车与
线框的总质量为m，小车在离挡板距离为d处静止释放，进入磁场后立即做减速运动，且小车在撞击挡板前已经匀速运动。求：
(1)小车刚进入磁场时的速度v1大小； (2)小车匀速运动的速度v2大小。
(3)若小车从刚进入磁场到匀速运动时所用的时间为t，这过程中通过线框的电量q。 【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】试题分析：（1）从释放至刚进入磁场，由动能定理可以求出刚进入磁场的速度大
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