发布时间 : 星期四 文章【附20套中考模拟试卷】甘肃省定西岷县联考2019-2020学年中考物理模拟试卷含解析更新完毕开始阅读9bb3f7278c9951e79b89680203d8ce2f01666543
【详解】
10﹣3m3，由??正方体物块的体积：V＝L3＝（0.1m）3＝1×
m 可得，正方体的质量：m??V ＝V0.9×103kg/m3×1×10﹣3m3＝0.9kg，正方体的重力：G?mg＝0.9kg×10N/kg＝9N，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以此时物块对容器底的压强：p?FG9N?2?=900Pa ；由图可知，2SL?0.1m?V排?容器内水的深度为9cm时，正方体受到的浮力为9N，正方体排开液体的体积：
2
Sh?L2h＝（0.1m）
×0.09m＝9×10-4m3，由F浮??gV排 可得液体的密度：
?液?F浮9N33=?1.0?10kg/m ；由图可知，容器内液体的深度大于9cm后?43gV排10N/kg?9?10m正方体受到的浮力不变，此时物体受到的浮力和自身的重力相等，且此时物体没有浸没（h浸＜L），所以当h＝10cm时，物块处于漂浮状态。 17．不变； 吸热； 水银。 【解析】 【详解】
（1）水沸腾时温度的特点是：虽然继续吸热，但温度保持不变．
（2）在1标准大气压下，水的沸点是100℃，要测沸水的温度，就要选沸点高于100℃的，即水银温度计． 18．甲和乙 甲和丙 【解析】 【详解】
从甲乙丙三幅图可以看出，甲和乙在相同时间内，振动的周期是相同的，因此它们的振动频率是相同的．所以甲和乙的音调是相同的；甲和丙两种波形的振幅是相同的，因此它们的响度是相同的． 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）0.75A（2）6000J（3）8.8Ω 【解析】 【详解】
（1）座椅垫处于“低温”时，电路中的电流：I?P低9W?=0.75A； U12V300s=6000J； （2）高温档5min产生的热量：Q=W=P高t=20W×
（3）由图可知，座椅垫处于“高温”时，是R2的基本电路，
U2(12V)2?=7.2Ω， R2的阻值：R2?P20W高座椅垫处于低温时，R1、R2串联，
U2(12V)2==16Ω， 串联电路的总电阻：R=P低9W根据电阻的串联可得，加热片R1的阻值：R1=R-R2=16Ω-7.2Ω=8.8Ω。 答：（1）座椅垫处于“低温”时，电路中的电流是0.75A； （2）高温档加热5min产生的热量是6000J； （3）加热片R1的阻值是8.8Ω。 20．（1）240W（2）85%（3）200Pa 【解析】 【详解】
（1）由图知道，有2段绳子拉物体，所以s=2h，拉力端移动的速度是：v拉=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s， 所以，工人师傅拉绳的功率是：P?（2）滑轮组的机械效率是：??WFs??Fv = 600N×0.4m/s=240W； ttW有用GhGh1020N=?? =85%； W总FsF2h2?600N1（G+G动 ）， 2（3）根据题意，不计摩擦及绳重时，F=
所以，动滑轮重是：G动=2F-G=2×600N-1140N=60N，
体重为450N的小明站在提篮内利用此滑轮组提升该重物时，小明拉绳子时的最大拉力等于其重力，F最大=G人=450N，则对提篮的拉力是：F拉=3 F最大=3×450N=1350N，
故体对地面的最小压力是：F压=G小明+G+G动-F拉 =450N+1140N+60N-1350N=300N， 由于提篮与水平地面的接触面积是：s=1. 5m2， 物体对地面的最小压强是：p?F300N? =200Pa． s1.5m221． (1) 2.3A；(2) 3.78×105J；(3) 84%． 【解析】 【详解】
(1)由图丙可知，此时足浴器的电功率P=500W，由P=UI可得，此时足浴器的工作电流：
I?P500W??2.3A； U220V(2)足浴器装入最大容量时水的体积：V=5L=5×10?3m3，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×5×10?3m3=5kg，则水温达到控制面板上显示的温度时水所吸收的热量：Q吸=cm(t?t0)=4.2×103J/(kg?℃)×5kg×(40℃?22℃)=3.78×105J，
(3)加热时间t=15min=900s，电热足浴器消耗的电能：W=Pt=500W×900s=4.5×105J，则该足浴器的热效率：
Q吸3.78?105J???100%??100%?84% ．
W4.5?105J答：(1)此时足浴器的工作电流为2.3A；
(2)当水温达到控制面板上显示的温度时水所吸收的热量为3.78×105J； (3)上述加热过程耗时 15min，该足浴器的热效率为84%． 五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．
【解析】 【详解】
过O点作阻力F2的垂线，即为阻力F2对支点O的力臂L2；
L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必根据杠杆平衡的条件，F1×
须使动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与a点，过a点作Oa的垂线就得到在a点施加的最小动力F1，如下图所示：
23．D 【解析】
A. 家庭电路中，控制灯泡的开关要先接火线，由图开关与a线相连，所以a线是火线，故A正确，不合题意B. 家庭电路中，各用电器间互不干扰可以单独工作，所以灯泡、电视、台灯等是并联在电路中的，故B正确，不合题意；C. 为了电路安全，线路中出现短路时漏电开关会自动跳闸，故C正确，不合题意；D. 由图开关只控制灯泡，开关断开后灯不发光，由于灯泡与插座并联，所以台灯插头插上后可以发光，故D错误，符合题意．
点睛：开关控制灯泡与灯泡串联，并接在火线上；灯泡与插座是并联的；当电流中电流过大时，漏电开关会自动断开；根据家庭电路的正确连接进行分析． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．乙 不变 变小 不能 球将匀速直线运动，无法判断动能大小 控制变量 转换法 【解析】 【详解】
（1）要探究动能大小与速度的关系应控制质量相同，同时改变小球由静止释放的高度，因此应选择图乙进行实验；
（2）木块在水平面上滑动时对桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，因此受到水平面的摩擦力不变，在摩擦力的作用下物块速度逐渐变小，根据公式P?Fv 可知克服摩擦力做功的功率变小；
（3）水平面如果绝对光滑球将一直匀速直线运动，无法判断动能大小，因此不能得出结论；
（4）本实验探究物体动能大小与哪些因素有关采用的研究方法是控制变量法．同时，将小球的动能转换为木块移动的距离来体现，用到的是转换法．
25．B 92 左 99 小于 移去酒精灯 液化 【解析】 【详解】
（1）温度计读数时，首先观察量程和分度值，看液柱在零上还是零下，视线应与液柱相平，所以读数方法正确的是B；温度计分度值是1℃，液柱的位置在零上，温度计的读数是92℃，在水沸腾的实验中，水沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，气泡不断升高，深度不断减小，水压不断减小，气泡逐渐变大，气泡由下而上越来越大，故丙图中左图是沸腾时的现象；
（2）水沸腾时吸热温度不变，不变的温度就是水的沸点，由丁中图象可知水的沸点是99℃，液体沸点受气压影响，气压越低沸点越低，1标准大气压下水的沸点是100℃，故当时条件大气压低于1标准大气压； （3）水沸腾时吸热温度不变，所以水沸腾需要用酒精灯加热，为了说明水沸腾过程中是否需要吸热，应移去酒精灯，观察水是否继续沸腾；
（4）水沸腾时会有大量水蒸气产生，这些热的水蒸气上升遇到冷的空气放出热量液化为小水滴，在杯口形成“白气”．
26．右 向右移动游码 27.2 10 2.72×l03 大 【解析】 【详解】
（1）图中指针偏向分度盘左侧，因此要向右移动平衡螺母，直到指针指在分度盘的中间。
（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当添加完最小的砝码后发现天平右盘略高于左盘，即说明此时左盘质量大，右盘所放的砝码的质量较小，故应该向右移动游码使天平平衡；据图可知，此时天平标尺的分度值是0.2g，故金属块的质量是：m＝20g+5g+2.2g＝27.2g；
（3）图丙中水和金属块的总体积为30mL，故物体的体积V物＝30 mL﹣20 mL＝10mL＝10cm3；金属块的密度ρ＝
G?F×ρ Gm27.2g＝＝2.72g/cm3＝2.72×103kg/m3。 3V10cmm可知，测得金V（4）先测体积，再测质量时金属块上粘有水，使得测量的质量偏大，根据密度公式ρ＝属块的密度值将会偏大。
（5）①用细线系住金属块，用弹簧测力计测出金属块在空气中的重力G；
②用弹簧测力计拉住金属块，使其浸没在适量的盐水中，测得拉力为F，由G＝mg＝ρVg得金属块的体积
GGV＝，因为金属块浸没在盐水中，所以金属块排开盐水的体积V排＝V＝，金属块受到的浮力F浮
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