发布时间 : 星期一 文章通信原理期末自测题及答案更新完毕开始阅读a3fc5e9a71fe910ef12df8a8
通信原理
7///1. 每个像素的平均信息量为：
一幅图片的平均信息量为：
3s传送一张图片的平均信息速率：
因为信道容量CR 选取C=R，所以信道带宽为：
8///2. 每个像素的平均信息量为：
一幅图片的平均信息量为：
25幅画面的平均信息量为：
每秒传送25幅画面的平均信息速率
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通信原理
因为信道容量CR 选取C=R，所以信道带宽为：
9///1．（1）（2）频谱图
为取下边带的单边带（SSB）已调制信号；)
10///2．（1）该理想带通滤波器的中心频率为：
带通滤波器的频率范围为95kHz～105kHz，因此中心频率为100kHz； （2）解调器输入端的信噪功率比： 输入噪声功率为 输入信号功率为
信噪功率比为
（3）解调器输出端的信噪功率比：
输出噪声功率为
输出信号功率为
信噪功率比为
（4）调制制度增益G为：
11///3．（1）传输特性H(
)：
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宽带频率调制系统的带宽为：
通信原理
因此传输特性为： （2）输入信噪功率比
因为，，
所以输入信噪比，
（3）输出信噪比为：12///1. 当
时无码间干扰的条件应写为
对于图a，当时，，所以不满足抽样点上无码间干扰的条件；
对于图b，当时，，所以不满足抽样点上无码间干扰的条件；
对于图c，当时，，所以满足抽样点上无码间干扰的条件；
对于图d，当时，，所以不满足抽样点上无码间干扰的条件；
13///2. （1）系统无码间干扰传输的条件为：
根据该条件i=0时 i=-1时
可分解如下：
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通信原理
i=1时 i=-1、0、1三图叠加结果
显然叠加结果符合无码间干扰传输的条件，因此当时系统能实现无码间干扰传输。
（2）最大码元速率为：
系统带宽为：Hz
系统频带利用率为：14///3. （1）已知
最高频率为4kHz，因此抽样频率为
；又因最大量化误差为信号峰峰值的
0.25%，设峰值为V，则一个量化级⊿=0.5%×2V,即最小编码位数N=8(于是，
)；
，因此量化电平数M=200，
（2）需要的奈奎斯特基带带宽：因为奈奎斯特基带带宽时的利用率为，二进制时。
因此
（3）转换成8进制信号后的码元速率为：
波特
相应的奈奎斯特基带带宽为：
15///4. （1）三种传输特性的讨论： 对于图a有 将
按
分割图 将i=-1、0、1的分割图叠加图
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