发布时间 : 星期一 文章(瀹屾暣word)楂樹腑鐗╃悊閫変慨3-3姘斾綋鍘嬪己涓撻」缁冧範棰?闄勭瓟妗? - 鐧惧害鏂囧簱更新完毕开始阅读a61826e46d1aff00bed5b9f3f90f76c661374c18
参考答案
一、计算题
1、答案：①B、C时的温度分别为177℃，27℃ ②A到状态C的过程中放热．
2、解析：（i）C状态的温度TC＝150 K （i i）UC＝150 J
3、答案：（i）活塞静止时气缸内封闭气体的体积为
（ii）现在活塞上放置一个2kg的砝码，再让周围环境温度缓慢升高，要使活塞再次回到气缸顶端，则环境温度应升高到327摄氏度
4、①②
5、答：（1）活塞与气缸底部之间的距离为20cm； （2）加热到675K时封闭气体的压强1.5×10pa．
6、 l = 0.3 m (2分) 7、 L2＝2L1＝0.2米、 ⑥
5
8、
9、答：①当活塞再次平衡时，活塞离缸底的高度是；
②大气压强p0为
10、设竖直位置缸内气体的压强为P，由波意耳定律有
(Pa)
11、解：（1）T2＝455K （2）此时水银柱的液面高度差h3＝97.5－76＝21.5cm 注入的水银柱体积V注＝（21.5－3）×2＝37cm3 12、答：（1）最后管下部空气的压强为125cmHg； （2）活塞下推的距离为15cm．
13、答：①若缓慢对玻璃管加热，当水银柱上表面与管口刚好相平时，管中气体的温度是318K；
②若保持管内温度始终为33℃，现将水银缓慢注入管中，直到水银柱上表面与管口相平，此时管中气体的压强是85cmHg．
14、答案：(1)50 cm (2)60 cm
15、答：（1）左管中空气柱的长度为20cm或37.5cm （2）左管水银面下降的高度为10cm
16、答：（1）此时活塞离容器底部高度L′=48cm； （2）整个柱形容器的高度H=75cm
17、答：①当左管空气柱长度变为20cm时，左管内气体的压强为52cmHg； ②使管内气柱长度恢复到26cm，则左管内气体的温度为427K．
18、答：（1）若在活塞上放一个质量为m=0.1kg的砝码，保持气体的温度t1不变，则平衡后气柱为20cm （2）若保持砝码的质量不变，对气体加热，使其温度升高到t2=77℃，此时气柱为25cm． （3）若在（2）过程中，气体吸收的热量为10J，则气体的内能增加8.95J
19、（1）插入水银槽后右管内气体：由玻意耳定律得：p0l0S＝p（l0－Dh/2）S，所以p＝78cmHg； （2）左管插入水银槽深度h＝l＋Dh/2－l’＋h1＝7cm。 20、（1）U形管内两边水银面的高度差为Δh＝25cm A中气体pA1＝p0＋pΔh＝75＋25＝100cmHg
B中为大气，所以活塞产生的压强p塞＝25cmHg（1分）
闭合阀门后，两部分气体温度降低，压强均减小且A处降低较多，活塞会下移（1分） 设此时U形管表示的是A中压强，pA2＝p0－pΔh＝75－25＝50cmHg（1分）
对A中气体 ，解得LA2＝72cm＞49cm
假设不成立。说明此时U形管表示的应该是B中压强
pB2＝50cmHg（1分）
则A中气体压强 pA2＝pB2＋p塞＝50＋25＝75cmHg（1分）
对A中气体
活塞离容器底部高度L′＝LA2＝48cm
（1分） 解得LA2＝48cm（1分）
（判断、讨论共2分，得出48cm的解题过程共3分）
（2）对B中气体 （1分）
（1分），解得H＝75cm（2分）
21、
22、解答：
即： (汞柱高)
23、答案：P1＝140cmHg
24、解：（1）不正确。因为ACE段水银柱总长只有45cm，所以在左侧缓慢加入25cm长水银柱后，左侧竖直管中只可能保留45cm长的水银柱。故末状态的压强不为125cmHg。
已知 p1=100cmHg，V1=15S，T1=300K； p2=（75+45）cmHg=120 cmHg，V2=l2S
p1 V1= p2 V2 得 L2=12.5cm
（2）由水银柱的平衡条件可知向右侧注入25cm长的水银柱才能使空气柱回到A、B之间。
这时空气柱的压强为 p3=（75+50）cmHg=125 cmHg
由查理定律
得 T3=375K
25、
26、答案： x = 0.1 m ……………………………………………………………（1分）
27、答：左侧气缸的压强为P0；体积为．
28、