发布时间 : 星期五 文章《孟德尔的豌豆杂交实验（一）》同步练习更新完毕开始阅读ab20471bf56527d3240c844769eae009591ba26a
D．抓彩球时应双手同时进行，最好闭眼 2.C
【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。彩球大小、形状、质地、重量等要一致，以保证彩球被抓取的几率相等，A项正确；每次抓取彩球以前，必须摇动小罐，使彩球充分混合，以减少因没有充分摇匀而导致的实验误差，B项正确；每次抓取彩球，统计的彩球必须放回罐里，否则不能保证每次抓取其中一种彩球的概率为1/2，C项错误；抓取彩球时应双手同时进行，最好闭眼，以保证彩球被抓取的几率相等，D项正确。
3. 果蝇的黑体（v）与灰体（V）是一对相对性状，某实验小组对果蝇的这对相对性状进行遗传研究。如果用含有某种添加剂的食物喂养果蝇，所有的果蝇都是黑体，现有一只用含有该种添加剂的食物喂养黑体雄果蝇，请设计一个实验探究其遗传因子组成。
（1）应选取 果蝇与待测果蝇交配。 （2）用 喂养子代果蝇。
（3）通过观察子代果蝇性状，推断待测果蝇的遗传因子组成： ①若子代 ，则待测果蝇的遗传因子组成为VV； ②若子代 ，则待测果蝇的遗传因子组成为vv； ③若子代 ，则待测果蝇的遗传因子组成为Vv。 3.
（1）多只用不含该种添加剂的食物喂养的黑体雌 （2）不含该种添加剂的食物
（3）①全为灰体 ②全为黑体 ③既有灰体又有黑体 【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。用含有该种添加剂的食物喂养的黑体雄果蝇遗传因子组成可能有VV、Vv和vv，欲判断其遗传因子组成，可采用测交实验，即选取多只用不含该种添加剂的食物喂养的黑体雌果蝇与其交配，并用不含该种添加剂的食物饲喂子代果蝇，若子代全为灰体，则待测果蝇的遗传因子组成为VV；若子代全为黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为vv；若子代既有灰体又有黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为Vv。
《周练习》
一、选择题（每小题10分，共60分）
1．用纯种的高茎豌豆和矮茎豌豆作杂交实验时，需要（ ）
A.以高茎作母本，矮茎作父本 B.以矮茎作母本，高茎作父本 C.对母本去雄，授以父本花粉 D.对父本去雄，授以母本花粉 1.C
【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。豌豆杂交时以高茎做母本与以矮茎做母本结果相同，所以A、B两项都不是必需的；父本去雄就不是父本了，所以D项错误。故选C。 2.（改编）下列叙述中错误的是（ ）
A.基因型为Aa的紫花豌豆，产生的雌雄配子数目相等
B.杂合子高茎豌豆自交，后代中已有15株高茎，第16株是高茎的可能性是75% C.两杂种黄色籽粒豌豆杂交产生种子120粒，其中纯种黄色种子的数目约为30粒 D.欲知一株高茎豌豆的基因型，最简便的办法是让它进行自花授粉 2.A
【解析】该题考查理性思维等核心素养。基因型A a的紫花豌豆能形成数量基本相等的两种雄配子和数量基本相等的两种雌配子，但雌雄配子一般不相等，A项错误；杂合子高茎豌豆自交后代中，高茎和矮茎的比是3：1，即高茎出现的概率是3/4， B项正确；两杂种黄色籽粒豌豆杂交，后代有三种基因型（假设为DD、Dd和dd，其中DD、Dd表现黄色），比是1:2:1。
因纯种黄色种子占1/4，故有120×1/4=30粒，C项正确；欲知一株高茎豌豆的基因型，可让它与另一株杂种高茎豌豆杂交，也可以让它与另一株矮茎豌豆杂交，还可以让它进行自花授粉，如果后代出现性状分离，说明这株豌豆是杂合子，否则是纯合子。但最简便的方法是自交，因为自交不需要去雄、人工传粉和套袋，D项正确。
3.孟德尔在豌豆的杂交实验中，发现问题和验证假说所采用的实验方法分别是（ ） A．杂交和自交；测交 B．自交；杂交和测交 C．测交；自交和杂交 D．杂交和测交；自交 3.A
【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。孟德尔在豌豆的杂交实验中，先通过具有一对或两对相对性状的个体杂交→F1自交→F2出现一定的性状分离比，在此基础上提出问题，并创立假说，演绎推理，最后用测交验证假说，故选A。
4.（改编）水稻的粳性与糯性是一对相对性状，已知粳性花粉遇碘呈蓝紫色，糯性花粉遇碘呈红褐色。高茎粳稻与矮茎糯稻杂交，F1均为高茎粳稻。若用F1验证基因的分离定律，下列方法不合理的是（ ） ．A.F1的花粉粒用碘液处理，统计蓝紫色与红褐色花粉粒的比例 B.将F1自交，统计后代高茎粳稻与矮茎糯稻的比例 C.F1与矮茎糯稻杂交，统计后代高茎与矮茎植株比例 D.F1自交，统计自交后代中高茎与矮茎植株的比例 4.B
【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。分离定律是指在形成配子时等位基因的分离，幼嫩花粉是配子，F1的花粉粒用碘液处理后蓝紫色与红褐色花粉粒的比例是1:1,说明等位基因发生了分离，A项正确；分离定律是指一对相对性状的遗传，两对相对性状的遗传符合自由组合定律，B项错误；测交后代高茎与矮茎若是1:1，自交后代高茎与矮茎若是3:1,则证明杂种子一代产生配子是等位基因发生了分离，产生了两种数目相等的配子，C、D两项正确。
5.已知黑斑蛇与黄斑蛇杂交，子一代既有黑斑蛇，又有黄斑蛇；若再将F1黑斑蛇之间交配，F2中既有黑斑蛇又有黄斑蛇。下列结论中正确的是（ ） A.所有黑斑蛇的亲代中至少有一方是黑斑蛇 B.蛇的黄斑为显性性状
C.F1黑斑蛇的基因型与亲代黑斑蛇的不同
D.F2中黑斑蛇的基因型与F1黑斑蛇的基因型相同 5.A
【解析】该题考查理性思维等核心素养。因为F1黑斑蛇之间交配，F2中出现了性状分离，故F1黑斑蛇是杂合子，表现的黑斑性状是显性性状，黄斑就是隐性性状， B项错误；因为黑斑是显性性状，子代是黑斑则亲代之一必是黑斑，A项正确；黑斑蛇与黄斑蛇杂交，后代既有黑斑蛇又有黄斑蛇，说明亲代黑斑蛇和F1黑斑蛇一样都是杂合子， C项错误；F1黑斑蛇之间交配产生的F2中黑斑蛇的基因型有2种：杂合子和纯合子，与F1黑斑蛇不完全相同，D项错误。 6.（改编）下图是一个人类遗传病的家族系谱（用A和a表示控制相对性状的一对等位基因）。6号和7号为同卵双生，即由同一个受精卵发育而成的两个个体。8号和9号为异卵双生，即由两个受精卵分别发育而成的两个个体。下列叙述正确的是（ ）
Ⅰ 1 2 3 4
Ⅱ
5 6 7 8 9 10 Ⅲ 11 正常男女 患病男女
A.该病是隐性基因控制的遗传病 B.6号和9号的基因型都是Aa
C.7号和8号再生一个白化病儿子的概率是1/8 D.6号和9号结婚，生一个白化病孩子的概率是1/3 6.B
【解析】该题考查社会责任和理性思维等核心素养。亲代没有遗传病，但她们的孩子患病，说明该病是由隐性基因控制的，A项正确；因为7号和8号的孩子患病，可知7号和8号是杂合子，6号和7号是同卵双生，基因型相同，所以6号也是杂合子。8号和9号是异卵双生，基因型不一定相同，由3号、4号和 10号可推知9号的基因型是AA或Aa,B项错误；7号和8号都是杂合子，他们的后代有2种性状表现——正常与患病，比是3：1，所以生一个患病孩子的概率是1/4，这个孩子是男孩的概率是1/2，故7号和8号再生一个患病儿子的概率是1/8，C项正确； 6号的基因型是Aa，9号的基因型是1/3AA、2/3Aa ，, Aa ×2/3Aa→1/3aa。D项正确。
二、非选择题（共40分）
7.（改编，20分）已知豌豆种子子叶的黄色与绿色是一对遗传因子Y、y控制的，用豌豆进行下列遗传实验，具体情况如下：
实验一 实验二
P 黄色子叶（甲）×绿色子叶（乙） P 黄色子叶（丁） ↓ ↓自交 F1 黄色子叶（丙） 绿色子叶 F1 黄色子叶（戊） 绿色子叶 1 ： 1 3 ： 1 请分析回答：
（1）用豌豆做遗传实验容易取得成功的原因之一是 。 （2）从实验 可判断这对相对性状中 是显性性状。 （3）实验二黄色子叶戊中能稳定遗传的占 。
（4）实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为1：1，其主要原因是黄色子叶甲产生的配子种类及其比例为 。该实验需要对母本进行 处理，该实验的正交和反交的结果是否相同？ 。
（5）实验中一黄色子叶丙与实验二中黄色子叶戊杂交，所获得的子代黄色子叶个体中不能稳定遗传的占 。 7．（20分，除注明外，每空3分）
（1）具有易于区分的相对性状（或豌豆是闭花传粉植物） （2）二（2分） 黄色（2分） （3）1/3
（4）Y：y＝1：1 去雄（和套袋）（2分） 相同（2分） （5）3/5
【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。（1）用豌豆做遗传实验容易取得成功的原因，一是豌豆为自花、闭花受粉，二是具有容易区分的性状。（2）实验二中出现性状分离。（3）黄色子叶丁是杂合子Yy，自交后代中黄色子叶戊的基因型有2种：YY和Yy，比是1:2,故能稳定遗传的占1/3。（4）实验一是测交，黄色子叶甲产生了数目相等的两种配子。杂交实验要对母本进行去雄处理。在实验中正交和反交的结果相同。（5）黄色子叶丙（Yy）与实验二中黄色子叶戊（1/3YY、2/3Yy）杂交：Yy×1/3YY→1/6YY、1/6Yy，Yy×2/3Yy→1/6YY、
2/6Yy、1/6yy，黄色子叶有5份，其中不能稳定遗传的Yy有3份，故占3/5。
8.（改编，20分）在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色性状表现与遗传因子组成的关系如下表（注：AA纯合胚胎致死）。请分析回答相关问题。
性状表现 遗传因子组成 黄色 Aa1 Aa2 灰色 a1a1 a1a2 黑色 a2a2
（1）若亲本遗传因子组成为Aa1×Aa2，则其子代的性状表现可能为 。 （2）两只鼠杂交，后代出现三种性状表现。则该对亲本的遗传因子组成是 ，它们再生一只黑色雄鼠的概率是 。 （3）假设进行很多Aa2×a1a2的杂交，，平均每窝生8只小鼠。在同样条件下进行许多Aa2×Aa2的杂交，预期每窝平均生 只小鼠。
（4）现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的遗传因子组成？实验思路：
①选用该黄色雄鼠与多只 色雌鼠杂交。 ② 。 结果预测：
①如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的遗传因子组成为 。 ②如果后代出现 ，则该黄色雄鼠的遗传因子组成为Aa2。 8.（20分，除注明外，每空3分） （1）黄色、灰色（2分） （2）Aa2、a1a2 （2分） 1/8 （3）6
（4）实验思路：①黑（2分） ②观察后代的毛色（2分） 结果预测：①Aa1 ②黄色和黑色
【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。（1）Aa1×Aa2杂交后代的遗传因子组成为Aa1、Aa2 、AA、a1a2，AA死亡，Aa1、Aa2表现为黄色，a1a2表现为灰色。（2）由后代有黑色a2a2可推知其父母均有a2，又因后代有3种表现型，所以亲本的基因型为Aa2和a1a2，它们再生一只黑色鼠为1/4，雄性概率为 1/2 ，所以黑色雄鼠为1/8。（3）Aa2和a1a2所生的后代全部存活，而Aa2 和Aa2的后代只有3 /4存活，所以8×3 /4=6。（4）因为黄色鼠有2种基因型，用灰色鼠进行交配，后代会出现3种性状表现，无法判断黄色鼠的遗传因子组成。
1.通过测交，不能推测被测个体（ ） A.是否是纯合子 B.产生配子的比例 C.遗传因子组成 D.产生配子的数量 1.D
【解析】该题考查理性思维等核心素养。测交后代的表现型的种类和比例，反映了测交个体产生配子的种类和比例，但不能推测其产生配子的数量，所以B项正确，D项错误；测交中如果后代出现性状分离，则被测个体是杂合子，否则是纯合子，所以A、C项正确。
2．老鼠的毛色有黑色和黄色，是受一对遗传因子控制的相对性状，现有下面三组交配组合，请判断四个亲本中是纯合子的是（ ） 交配组合 ① ② ③ A．甲和乙 子代表现型及数目 甲（黄色）×乙（黑色） 黑（12）、黄（10） 甲（黄色）×丙（黑色） 黑（8）、黄（9） 甲（黄色）×丁（黑色） B．甲和丁 C．丙和丁 全为黑色 D．丙和乙 2.B
【解析】该题考查科学探究和理性思维等核心素养。根据交配组合③：甲（黄色）×丁（黑色）→后代全为黑色，说明黑色相对于黄色为显性性状（分别用A、a表示），且甲的遗传因子组成为aa，丁的遗传因子组成为AA；根据交配组合①：甲（黄色）×乙（黑色）→后代黑色个体：黄色个体=1:1，说明乙的遗传因子组成为Aa；根据交配组合②：甲（黄色）×丙（黑色）→后代黑色个体：黄色个体=1:1，说明丙的遗传因子组成为Aa。由此可知，甲和丁为纯合子。
3.（2009北京）鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和白色两种。金定鸭产青色蛋，康贝尔鸭产白色蛋。为研究蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两个鸭群做了五组实验，结果如下表所示。
第1组 第2组 第3组 第4组 第5组 康贝尔鸭金定鸭♀第2组的F1杂交组合 第1组的F1第2组的F1♀×金定×康贝尔♀×康贝自交 自交 鸭♂ 鸭♂ 尔鸭♂ 后代所产青色（枚） 26178 7628 2940 2730 1754 蛋（颜色及白色（枚） 109 58 1050 918 1648 数目） 请回答问题：
（1）根据第1、2、3、4组的实验结果可判断鸭蛋壳的 色是显性性状。 （2）第3、4组的后代均表现出 现象，比例都接近 。
（3）第5组实验结果显示后代产青色蛋的概率接近 ，该杂交称为 ，用于检验 。
（4）第1、2组的少数后代产白色蛋，说明双亲中的 鸭群混有杂合子。 （5）运用 方法对上述遗传现象进行分析，可判断鸭蛋壳颜色的遗传符合孟德尔的 定律。 3.
（1）青
（2）性状分离 3∶1
（3）1/2 测交 F1相关的遗传因子组成 （4）金定
（5）统计学 分离
【解析】该题考查生命观念、科学探究和理性思维等核心素养。（1）、（2）第1组和第2组中康贝尔鸭和金定鸭杂交，不论是正交还是反交，后代所产蛋颜色几乎为青色。第3组和第4组为F1自交，子代出现了不同的性状，即出现性状分离现象，且后代性状分离比 第3组︰青色︰白色=2940︰1050；第4组︰青色︰白色=2730︰918，都接近于3︰1 。所以可以推出青色为显性性状，白色为隐性性状。（3）由上述分析可知康贝尔鸭（白色）是隐性纯合子，第5组让F1与隐性纯合子杂交，这种杂交称为测交，用于检验F1是纯合子还是杂合子。试验结果显示后代产青色蛋的概率约为1／2。（4）康贝尔鸭肯定是纯合子，若亲代金定鸭均为纯合子，则所产蛋的颜色应该均为青色，不会出现白色，而第1组和第2组所产蛋的颜色有少量为白色，说明金定鸭群中混有少量杂合子。（5）本实验采用了统计学的方法对实验数据进行统计分析，可知鸭蛋壳的颜色受一对等位基因控制，符合孟德尔的基因分离定律。