发布时间 : 星期三 文章【3份试卷合集】四川省达州市2019-2020学年中考物理二月模拟试卷更新完毕开始阅读ac0f91c76ad97f192279168884868762caaebbb2
额定电压 频率 加热 额定功率 保温 （1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是多少？ （2）电阻R2的阻值是多少？
220V 50Hz 880W 44W （3）一天，小宇断开家中其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，发现家中标有“220V 10（20）A；3000r/kW?h”的电能表5min内转了200圈，求电饭锅此时的实际加热功率是多少？ 解析：（1）4A（2）1100Ω（3）800W 【解析】 【分析】
（1）知道电饭锅正常工作时在加热状态下功率，利用P＝UI求电路总电流；（2）分析S、S0闭合和S闭
U2U2合、S0断开时的电路组成、电阻大小关系，据P＝可知，什么情况为保温档，再利用P＝求R2的
RR阻值；（3）3000r/kW?h表示电饭锅每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求电能表转盘转200r消耗的电能，再利用P＝【详解】
（1）由题知，电饭锅正常工作时，在加热状态下功率P＝880W，由P＝UI可得总电流：I＝
W求电饭锅此时的实际加热功率。 tP加热880W＝4A；（2）当S、S0闭合时，R1和R2并联，当S闭合、S0断开时，电路中只有R2，因并联＝U220VU2电路总电阻小于支路电阻，因此当S闭合、S0断开时，电路总电阻较大；由P＝可知，此时电功率较
R?220V?U2U2＝小，为保温档；P保温＝44W，由P＝可得：R2＝＝1100Ω；（3）3000r/kW?h表示电P保温44WR饭锅每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000r，则电能表转盘转200r消耗的电能：W＝
220kW?h＝30001kW?hW151kW?h，电饭锅此时的实际加热功率：P实＝＝＝0.8kW＝800W。
5t15h60五、实验题
25．在探究“重力的大小跟什么因素有关”实验中，得到如表数据：
m/kg G/N 0.1 0.98 0.2 1.96 0.3 2.94 0.4 3.92 0.5 4.90 0.6 5.88 0.7 （1）本实验中用到的测量器材有： ______ 和 ______ ．
（2）分析如表数据可知：物体的质量为0.7kg时，它受到的重力是 ______ N． （3）以下四个图象中，关于物体重力的大小与其质量的关系，正确的是 ______ ．
解析：（1）天平、弹簧测力计；（2）6.86N；（3）A 【解析】 【详解】
（1）本实验要研究重力与质量的关系，所以要测量质量和重力，故用到的测量器材有：天平和弹簧测力计．
（2）分析如表数据可知：重力与质量成正比，根据第一次的重力与质量的比可得：
g?G0.98N??9.8N/kg， m0.1kg所以物体的质量为0.7kg时，它受到的重力是：G?mg?0.7kg?9.8N/kg?6.86N． （3）根据实验研究可得，重力与质量成正比，A图表示重力与质量成正比关系，正确． 26．在探究“压力的作用效果”时，某同学利用小桌、海绵和砝码等器材进行如图所示的实验。
（1）实验中通过观察海绵的_____来比较压力的作用效果。
（2）分析图乙和_____所示两图实验，可得出结论：当压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（3）比较图甲、乙所示实验，可得出结论：受力的面积相同时，_____越大，压力的作用效果越明显．下列实例中，直接应用该结论的是_____（选填“A”或“B”）。 A、图钉的一端做得很尖 B、交通管理部门规定，严禁货车超载。 解析：凹陷程度 丙 压力 B 【解析】 【详解】
（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。
（2）研究压力作用效果与受力面积的关系，要控制压力相同，只改变受力面积大小，故分析图乙和丙所示两图实验，可得出结论：当压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（3）比较图甲、乙所示实验，受力面积相同，乙中压力大，压力作用效果明显，故可得出结论：受力的面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。
A、图钉的一端做得很尖，通过减小受力面积增大压强，不符合题意； B、交通管理部门规定，严禁货车超载，通过减小压力来减小压强，符合题意； 故选B。 六、综合题
27．图甲是一个电子拉力计原理图。硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起（P与R1间的摩擦不计）。电压表量程为0～3V，a、b是一根长为6cm的均匀电阻丝，阻值R1＝30Ω，电源电压恒为6V。
（1）要保证电压表能正常工作，电路中R0至少应为_____Ω。
（2）当拉环不受拉力时，滑片P处于a端，闭合开关后电压表的示数是_____V。
（3）已知该弹簧伸长的长度△L与所受拉力F间的关系如图乙所示，若R0＝45Ω，开关S闭合后，电流表示数为_____A，当电压表指针指在0.8V处，作用在拉环上水平向右的拉力为_____N。
（4）将电压表改为拉力器，此拉力器所能测的最大力应为600N；已知该弹簧所能承受的最大拉力为1000N，若使拉力器所能测的最大力增加100N，拉力器分度值不变，可采取的办法是电源电压和电压表量程不变，将电阻丝换成与原来电阻丝材料和横截面积相同、长度一定的电阻丝，同时将电阻R0换成阻值为_____Ω的电阻，使用这根弹簧用上述这种方法设计的分度值不变的拉力器所能测的最大力_____（选填“能”或“不能”）达到1000N。
解析：30Ω 0 0.08 200 40 不能 【解析】 【详解】
（1）由于电压表量程为0～3V，要保证电压表能正常工作，则电压表示数为3V时， 电路电流：I＝
U13V=＝0.1A， R130Ω根据串联电路的特点和欧姆定律可得此时电阻R0的阻值： R0＝
U0U?U16V?3V==＝30Ω； II0.1A（2）由图示可知，滑片在a端时，电压表所测电压为零，电压表示数为0V。 （3）若R0＝45Ω，开关S闭合后，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电路电流：
U6VI′＝＝＝0.08A；
R1?R030Ω?45Ω当电压表指针指在0.8V处，根据I＝
U可得与电压表并联电阻的阻值： RRaP＝
Uap0.8V=＝10Ω， I?0.08A6cm×10Ω＝2cm， 30Ω则弹簧的伸长量：△L＝
由图乙所示图象可知，此时拉力为：200N；
（4）将电压表改为拉力器，由于当电压表指针指在0.8V处，拉力为200N；则拉力器分度值为电压表示数增大0.1V，则拉力增大25N；
此拉力器所能测的最大力应为600N；若使拉力器所能测的最大力增加100N，即所能测的最大力应为700N；
由图乙所示图象可知，此时拉力增大100N时，弹簧的伸长量就增加1cm； 所以，当拉力为700N时，弹簧的伸长量△L＝7cm；
由于电阻丝换成与原来电阻丝材料和横截面积相同、长度一定的电阻丝，则电阻丝每1cm的电阻为5Ω；
所以，当拉力为700N时电阻丝连入电路的电阻值为： R1″＝
5Ω
?7cm＝35Ω； 1cm
根据拉力器分度值为电压表示数增大0.1V拉力增大25N可知：当拉力为700N时，电压表示数为U″＝2.8V；
U??2.8V所以电路中的电流I″＝''=＝0.08A；
R135Ω根据串联电路的特点和欧姆定律可知：
''U?U??6V?2.8VU0R0的值R0″＝==＝40Ω。
??I0.08AI??由于电压表量程为0～3V，所以电压表示数最大为U最大＝3V；
根据拉力器分度值为电压表示数增大0.1V拉力增大25N可知：电压表示数最大时拉力为750N， 所以不能达到1000N。