发布时间 : 星期四 文章高考物理二轮复习磁场及带电体在磁场中的运动练案更新完毕开始阅读c19f5978ea7101f69e3143323968011ca200f70b
231C．两个氘核的聚变反应方程式为21H?1H?2He?0n，选项C正确；
ke2mv2D．处于基态的氢原子吸收光子后向高能级跃迁，轨道半径r增大，根据2?可知，速度随轨道半
rr径r的增大而减小，所以动能减小，选项D错误。 故选C。 10．D 【解析】 【详解】
开始小球Q处于静止状态，弹簧的形变量x?2R?R?R，弹簧弹力F1?kx?kR，对Q进行受力分析可知
kR?mg
Q的质量加倍后，设OQ与竖直方向的夹角为?，对Q进行受力分析，设弹簧的弹力为F2，根据力的三角形与边的三角形相似有
2mgR?? F22Rsin2又
???F2?k?2R?2Rsin?
2??联立解得
sin?2?1 3则PQ之间距离
L?2Rsin故选D。
?2?2R 3二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 11．ABD 【解析】 【详解】
AB．根据v?t图像可知，在前1s内小车向右做匀加速直线运动，小物体向右做匀减速直线运动，小车和小物块的加速度分别为
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a1??v12?0?m/s2?2m/s2 ?t1?v22?11?m/s2??9m/s2 ?t1a2?对小车根据牛顿第二定律有
?m2g?m1a1
对小物块根据牛顿第二定律有
?（F??m2g）?m2a2
代入数据联立解得
??0.4，F?0.5N
故AB正确；
C．根据图像可知，在t=1s时小车和小物块的速度相同，两者不再发生相对运动，在前1s内小车发生的位移为
x1?12a1t?1m 2小物块发生的位移为
1x2?v0t?a2t2?6.5m
2则物块与小车间的相对位移
x相对?x2?x1?5.5m
故C错误；
D．当小车与小物块的速度相等后，在外力的作用下一起向右减速运动，其加速度为
a3?F5?m/s2
m1?m23当速度减小到0时，整体发生的位移为
22x2?m?1.2m 5?23所以小物块向右滑动的最大位移是
xmax?x2?x3?7.7m
故D正确。
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故选ABD。 12．AB 【解析】 【分析】 【详解】
A．当单刀双掷开关与a连接时，变压器原副线圈的匝数比为10∶1，输入电压
U1?Um＝220 V 2故根据变压比公式
U1n110?? U2n21可得输出电压为22 V，电压表的示数为22V，故A正确；
B．当单刀双掷开关与b连接时，变压器原副线圈的匝数比为5∶1，输入电压U1＝220 V，故根据变压比公式，输出电压为44 V，根据欧姆定律，电流表的示数即为输出电流的有效值
I2?U244?A=4.4A R10故B正确；
C．由图象可知，交流电的周期为2?10?2s，所以交流电的频率为
f?1?50Hz T当单刀双掷开关由a拨向b时，变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50 Hz。故C错误；
D．当单刀双掷开关由a拨向b时，根据变压比公式，输出电压增加，故输出电流增加，故输入电流也增加，则原线圈的输入功率变大，故D错误。 故选AB。 13．BC 【解析】 【分析】 【详解】
A．电势能??与位移x的图象??-x图象的斜率的绝对值
?x表示小球所受电场力的大小，由图乙可知图象沿x
轴正方向的斜率越来越小，说明小球所受电场力沿x轴越来越小，即沿x轴正方向的电场强度大小一直减小，故A错误；
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B．从O运动x1的过程中，如果小球的速度先增后减，说明开始时小球所受电场力F大于重力mg向上做加速运动，后来电场力小于重力，向上做减速运动。当加速运动时，根据牛顿第二定律可得加速度
a＝F?mg mmg?F m因为F逐渐减小，故a逐渐减小。当向上减速运动时，有
a?＝因为F逐渐减小，故a'逐渐增大。所以从O运动x1的过程中，如果小球的速度先增后减，加速度一定是先减后增，故B正确；
C．根据能的转化和守恒定律可知，在小球向上运动的过程中电场力做正功，电势能减小，减小的电势能转化为机械能。由图乙可知从O点运动x1的过程中，每经过相等的位移，小球所受电场力逐渐减小，则电势能减小的越来越少，则小球机械能的增加变少，故C正确；
D．规定O点所在的水平面为零重力势能面，设小球运动位移x1时的速度为v，根据能量守恒定律得 ??0＝??1+mgx1+解得
12mv 2v＝2(?0??1?mgx1) m故D错误。 故选BC。 14．ABE 【解析】 【详解】
A．根据热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，需要外界干预，故A正确； BD．液体表面张力是由于表面层的水分子比液体内部的水分子更稀疏，分子间表现出引力，使液面绷紧，液滴呈球形，故B正确，D错误；
C．高原地区水的沸点较低，这是因为高原地区大气压较低的缘故，故C错误；
E．根据热力学第一定律，一定质量的理想气体在状态改变过程中，既不吸热也不放热，通过做功内能也有可能发生变化，故E正确。 故选ABE。 15．BCE 【解析】 【详解】
A.悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了水分子的热运动，而不是反映花粉分子的热运动，选项A错误；
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