发布时间 : 星期六 文章2019年上海市松江区中考物理二模试卷（解析版）更新完毕开始阅读dc65074957270722192e453610661ed9ad5155ef
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【点评】明确电流表、电压表、电源的连接要求，并特别注意小灯L变亮时，电压表的示数变小这一条件，是正确判断的关键。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．【分析】知道金属块排开水的体积，利用阿基米德原理的推导公式F浮＝G排＝ρ水的浮力。 【解答】解： 金属块所受浮力： F浮＝ρ
水
液
gV排求金属块受到
gV排＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3＝19.6N。
gV排。
答：金属块受到浮力的大小为19.6N。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，利用好推导公式：F浮＝G排＝ρ
液
20．【分析】知道水平拉力和在此方向上移动的距离，利用W＝Fs求拉力做功，又知道做功时间，利用P＝求功率的大小。
【解答】解：水平拉力做功： W＝Fs＝50N×6m＝300J； 拉力做功功率： P＝＝
＝30W。
答：此过程中拉力做的功为300J，功率为30W。
【点评】本题考查了功和功率的计算，因条件已给出，难度不大。 21．【分析】①根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流； ②利用W＝UIt求出10秒内电流通过R1做的功；
③A、若使用“20欧3安”的滑动变阻器时，根据并联电路的电流特点结合电流表的量程判断出电流表接在b处时通过滑动变阻器的电流变化最大，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小，电路的总电流最小，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过滑动变阻器的最小电流，然后求出电路的最小总电流，根据P＝UI求出电路消耗的最大功率与最小功率的比值；
B、若使用“60欧2安”的滑动变阻器时，干路的最大电流等于滑动变阻器允许通过的最大电流和通过R1的电流之和，据此判断出电流表连接在 a或b处均可，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过滑动变阻器的最小电流，然后求出电路的最小总电流，利用P＝UI得出电路消耗的最大功率与最小功率的比值；
比较A和B的结果得出答案，并根据P＝UI求出此功率的最大值。
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【解答】解：①因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，通过R1的电流： I1＝
＝
＝0.6A；
②10秒内电流通过R1做的功： W1＝UI1t＝12V×0.6A×10s＝72J；
③（a）A、若使用“20欧3安”的滑动变阻器时，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表的最大量程为3A， 所以，电流表接在b处时，通过滑动变阻器的电流变化最大， 干路的最大电流：
I大＝I2大+I1＝3A+0.6A＝3.6A，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小，电路的总电流最小， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，通过滑动变阻器的最小电流： I2小＝
＝
＝0.6A，
则电路的最小总电流：
I小＝I2小+I1＝0.6A+0.6A＝1.2A，
由P＝UI可得，电路消耗的最大功率与最小功率的比值：
＝
＝
＝
＝3；
B、若使用“60欧2安”的滑动变阻器时，干路的最大电流： I大＝I2大+I1＝2A+0.6A＝2.6A＜3A， 则电流表连接在 a或b处均可， 通过滑动变阻器的最小电流： I2小＝
＝
＝0.2A，
则电路的最小总电流：
I小＝I2小+I1＝0.2A+0.6A＝0.8A，
由P＝UI可得，电路消耗的最大功率与最小功率的比值：
＝
＝
＝
＝3.25；
综上可知，使电路消耗的最大功率与最小功率的比值最大，则符合上述要求所用变阻器的规格是“60欧2安”，电流表连接在“a或b”处； （b）此功率的最大值：
P最大＝UI大＝12V×2.6A＝31.2W。
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答：①通过R1的电流为0.6A； ②10秒内电流通过R1做的功为72J；
③（a）“60欧2安”；“a或b”；（b）此功率的最大值为31.2W。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，正确的得出最后一问中电路的最大和最小总电流是关键。
22．【分析】（1）知道水的体积，利用ρ＝求水的质量； （2）利用p＝ρgh求吸管底部所受水的压强；
（3）设吸管的横截面积为S吸管，将该吸管放入水中，知道静止时浸入水中的深度，利用阿基米德原理和物体的漂浮条件表示出吸管受到水的浮力；同理利用阿基米德原理和物体的漂浮条件表示出吸管受到另一种液体的浮力，据此列方程求出另一种液体的密度。 【解答】解：
（1）容器中水的体积：
V＝Sh水＝2×10﹣2m2×0.3m＝6×10﹣3m3， 由ρ＝得容器中水的质量： m水＝ρ
水
V水＝1×103kg/m3×6×10﹣3m3＝6kg；
（2）吸管底部所受水的压强：
p水＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
（3）设吸管的横截面积为S吸管，将该吸管放入水中，静止时浸入水中的深度h＝0.1m，排开水的体积：V排水＝S吸管h， 吸管受到的浮力： F浮1＝ρ
水
V排水g＝ρ
水
S吸管hg＝m1g，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
在该吸管中继续装入细沙使其总质量变为0.012千克，将该吸管放入另一种液体中，静止时浸入液体中的深度h′＝0.15m，排开液体的体积： V排液＝S吸管h′， 此时吸管受到的浮力： F浮2＝ρ得：
液
V排液g＝ρ
液
S吸管h′g＝m2g，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
×＝，
即：×＝，
解得液体的密度：ρ液＝0.8×103kg/m3。 答：①容器中水的质量为6kg；
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②吸管底部所受水的压强为1000Pa； ③该未知液体的密度为0.8×103kg/m3。
【点评】本题考查了密度公式、液体压强公式、阿基米德原理的应用，难点在第三问，综合利用好阿基米德原理和物体的漂浮条件是关键。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．【分析】（1）体温计是测量人体温度的工具；确定体温计的最小分度值，由测温液面位置读出体温计的示数；
（2）使用测力计时不能让弹簧与外壳摩擦；读数时要认清分度值。 【解答】解：
（1）图（a）所示的测量工具是体温计；体温计的最小分度值是0.1℃，体温计示数是37.5℃，人的正常体温为36.5℃，体温计示数高于人体正常温度；
（2）使用测力计时不能让弹簧与外壳摩擦，所以在测量前要反复拉几下，以便确保被测力的方向应与弹簧测力计轴线方向一致。
由图（b）可知该测力计的分度值为0.2N，所以该测力计的读数为3.6N。 故答案为：体温计；高于；拉几下；3.6。
【点评】弹簧测力计、温度计都是比较基本的测量工具，是中考考查的重点，应该熟练掌握其使用和读数方法。
24．【分析】（1）实验中用透明的玻璃板代替平面镜是为了在物体的一侧既能看到蜡烛A的像，又能看到替代蜡烛A的蜡烛B，便于确定蜡烛A的像的位置。
（2）探究二力平衡的条件，首先要使受力物体处于平衡状态，由此可以确定物体所处的状态；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上。
【解答】解：（1）在“探究平面镜成像的特点”实验中，用玻璃板代替平面镜，能观察到蜡烛A的像，同时也能看到代替蜡烛A的蜡烛B，当没有点燃的蜡烛B好像被点燃似的，这样可以确定像的位置。 （2）在“探究二力平衡的条件”实验中，物体应在两个力的作用下处于平衡状态，而平衡状态包括：静止状态和匀速直线运动状态，并在此时比较该物体所受两个力的大小、方向和作用线的关系。 故答案为：玻璃板；像；静止；作用线。
【点评】此题考查了二力平衡条件的应用、探究平面镜成像的实验选择玻璃板的目的，难度不大，属于基础知识。
25．【分析】（1）表一或表二动滑轮的重力相同，分析被提升物体的重力及拉力的变化得出结论； （2）根据结论，分析G物相同的选项；
（3）省力的特点是拉力小于被提升的物重，根据表一、二中前三列的数据相同点得出结论； （4）分析表一、表二中△F与△G物的数据，得出正比例关系； （5）分析比较表一或表二中的F与G物的比值关系得出结论。
①表一或表二动滑轮的重力相同，分析被提升物体的重力及拉力的变化得出结论； ②根据结论，分析G物相同的选项；
③省力的特点是拉力小于被提升的物重，根据表一、二中前三列的数据相同点得出结论；
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