发布时间 : 星期日 文章重庆市重庆一中2018-2019学年高二上学期第一次月考物理试题更新完毕开始阅读de03083b80c758f5f61fb7360b4c2e3f562725f6
的一半，故B错误；
C.因为沿板方向的速度相等，b和c同时飞离电场，故C正确；
D.动能的增加量等于电场力所做的功，对a和b电场力做功一样大，动能增加量一样多；对c电场力做功最少，动能的增加值最小，故D正确。 故选：ACD
13.如图，光滑绝缘水平面上，在坐标x1=2L、x2=-2L分别放置正电荷+QA、+QB且 QA=9QB。两电荷连线上电势φ与位置x之间的关系图像如图，x＝L点为图线的最低点，若在x＝1．5L的位置处由静止释放一个质量为m、电荷量为＋q的试探电荷，则下列说法正确的是（ ）
A. x=L处场强为0
B. 试探电荷+q在x=L处速度最大 C. 试探电荷+q在x=L点电势能为零
D. 试探电荷+q在x=-1．5L和x=1．5L之间做往复运动 【答案】AB 【解析】
试题分析: A、据φ-x图象切线的斜率等于场强E，则知x=L处场强为零，选项A正确．B、小球在1．5L处受到的电场力向左，向左加速运动，到x=L处加速度为0，从x=L向左运动时，电场力向右，做减速运动，所以小球在x=L处的速度最大，故B正确．C、由功能关系知，电场力先做正功后做负功，则电势能先减小后增大，而
知，电势能在x=L处最小
但不为零，选项C错误．D、根据动能定理得：当qU=0-0，得U=0，所以小球能运动到电势与出发点相同的位置，由图知向右最远能到达x>0点处，然后小球向右运动，小球将以x=L点为中心作往复运动，故D错误．故选AB． 考点：考查电势差与电场强度的关系．
名师点睛：本题要准确理解图象斜率的意义，在电场中运用动能定理时要注意电场力做功和
路径无关，只和初末两点的电势差有关，掌握电场力做功的公式WAB=qUAB，注意各量都要代入符号．
14.如图所示，质量为m1、带有正电荷q的金属小球和质量为m2、不带电的小木球之间用绝缘细线相连，置于竖直向上、场强为E、范围足够大的匀强电场中，两球恰能以速度v匀速竖直上升．当小木球运动到A点时细线突然断开，小木球运动到B点时速度为零，重力加速度为g，则（ ）
A. 小木球的速度为零时，金属小球的速度大小为
B. 小木球从点A到点B的过程中，A、B组成的系统，机械能在增加 C. A、B两点之间的电势差为
D. 小木球从点A到点B的过程中，小木球动能的减少量等于两球重力势能的增量，而电场力对金属小球所做的功等于金属小球的机械能增加量 【答案】BC 【解析】
试题分析：细线断开前，两球在电场中做匀速直线运动，两球的总重力与电场力平衡，断开细线后，两球的总重力与电场力均不变，合力为零，两球组成的系统总动量守恒，根据动量守恒定律分析小木球的速度为零时，金属小球的速度．对于木球B，细线断开后，只受重力，机械能守恒，由机械能守恒定律求解上升的高度AB，再由U=Ed求出A、B间的电势差．根据能量守恒定律分析小木球从点A到点B的过程中，其动能的减少量与两球重力势能的增加量的关系．
解：A、断开细线后，两球组成的系统合力为零，总动量守恒，取向上方向为正方向，根据动量守恒定律得： （m1+m2）v=m1v′
得金属小球的速度大小为：v′=
．故A错误．
B、小木球从点A到点B的过程中，由于电场力做正功，电势能减小，则知A、B组成的系统机械能在增加，故B正确．
C、断开细线后，木球的机械能守恒，则有m2gh=m2v，得：h=
2
，
即A、B间距离为：h=，两点A、B之间的电势差为：U=Eh=．故C正确．
D、小木球从点A到点B的过程中，其动能的减少量等于木球重力势能的增加量，电场力对金属小球所做的功等于金属小球的机械能增加量．故D错误． 故选：BC．
【点评】本题在物理上称为脱钩问题，两球没有发生作用，但系统的合力为零，也遵守动量守恒．
二、实验题（共2小题，共15分）
15.如图，平行板电容器AB两极板水平放置，已知A板和电源正极相连，且E1>E2，当单刀双掷开关接1时，电源电动势为E1，一带正电粒子沿AB中心水平线射入，打在B极板上的N点，不计粒子重力.回答下列问题（选填“N点”“N点的左侧”“N的右侧”）
（1）断开开关并将A板左移一段距离，其他条件不变，则粒子打在______； （2）断开开关并将A板上移一段距离，其他条件不变，则粒子打在______； （3）将单刀双掷开关接2，电动势为E2，其他条件不变，则粒子打在______； 【答案】 (1). N点左侧 (2). N点 (3). N点右侧 【解析】
【详解】（1）断开开关后Q不变，将A板向左移动时，电容C减小，根据Q=CU，两板间电压增大，根据U=Ed，板间电场强度增大，加速度增大，故粒子打在N点左侧；
（2）断开开关后，Q不变，将A板上移一段距离后，板间电场强度不变，加速度不变，故粒子仍打在N点；
（3）若开关接2时，电压减小，则E减小，加速度减小，则打在极板所用的时间增大；故粒
子将打在N的右侧。
16.如图甲所示的装置叫做阿特伍德机，是英国数学家和物理学家阿特伍德
创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律某同
学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律和动量守恒定律，如图乙所示己知当地的重力加速度为
该同学用游标卡尺测量遮光片的宽度如图丙所示，则 ______ mm；然后将质量均为的
含挡光片和挂钩、B的含挂钩的重物用绳连接后，跨放在定滑轮上，A置于桌面上处于静止状态，测量出挡光片中心到固定光电门中心的竖直距离h．
验证机械能守恒定律实验时，该同学在B的下端挂上质量也为m的物块含挂钩，让系统重物A、B以及物块中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为
如果系
统重物A、B以及物块的机械能守恒，应满足的关系式为______ ，引起该实验系统误差的主要原因有______ 写一条即可．
为了验证动量守恒定律，该同学让A在桌面上处于静止状态，将B从静止位置竖直上升s后由自由下落，直到光电门记录下挡光片挡光的时间为
未接触桌面，则验证绳绷紧过程
中系统沿绳方向动量守恒定律的表达式为______ ；如果该同学忘记将B下方的C取下，完成测量后，验证动量守恒定律的表达式为______ ．
【答案】 (1). 5.00 (2). (3). 绳子有一定的质量、滑轮与绳子之间有
摩擦、重物运动受到空气阻力等 (4). 【解析】 【分析】
(5).
（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．
（2）根据系统机械能守恒，得出系统重力势能的减小量和系统动能的增加量，根据极短时间