发布时间 : 星期一 文章【附17套期末模拟卷】【全国校级联考Word】山西省怀仁县第一中学、应县第一中学校2019-2020学年高一下物理更新完毕开始阅读e8a26e8d52e2524de518964bcf84b9d529ea2c45
B.在最低点，小球的动能为 Ek=
12
mv=mgL，则A球的动能大于B球的动能。故B错误。 2CD.A、B两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，初始位置时两球的机械能相等，所以在最低点，两球的机械能相等。故C正确，D错误。 2、B 【解析】 【详解】
A.物体做曲线运动，其加速度不一定改变，例如平抛运动，加速度恒定不变，故选项A不符合题意
B.物体做曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，故选项B符合题意； C.物体在恒力作用下运动，其速度方向可能改变，如平抛运动，受到恒力作用，做曲线运动，速度方向时刻改变，故选项C不符合题意
D.匀速圆周运动受到变力作用，但速度大小不变，故选项D不符合题意 3、D 【解析】 【详解】
根据顺着电场线电势降低，则知：电势φA＞φB．由图知，a处电场线疏，b处电场线密，而电场线的疏密表示场强的相对大小，则场强EA＜EB．故A错误。+q从A点移到B点，电场力方向与位移方向的夹角小于90°，则电场力做正功，故B错误。将重力可略的电荷+q从A点移到B点，所受的电场力增加，则加速度变大，选项C错误；根据负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，则电荷-q在A处电势能小，B处电势能大，即EpB＞EpA．故D正确。故选D。 【点睛】
本题关键要掌握电场线的两个物理意义：方向表示电势高低、疏密表示场强的大小；正电荷在高电势点的电势能较大，负电荷相反． 4、C 【解析】 【详解】
A．匀速下滑，动能不变，重力势能减小，A错误；
B．物体从高处以0.9g的加速度下落，受到阻力，机械能不守恒，B错误； C．物体沿光滑曲面滑下，除重力做功外，没有其它力做功，机械能守恒，C正确； D．拉着一个物体沿光滑的斜面匀速上升，速度不变，重力势能增加，机械能增加，D错误． 5、A
【解析】 【详解】
102V/m，d=2.0×10-2m，根据匀强电场中电势差和电场强度的关系： 由题知，E=1.0×
U?Ed?E?ABcos60??1.0V
故A正确。 6、ACD 【解析】 【详解】
AB. 根据能量守恒定律知，摩擦力与相对位移的乘积等于系统能量的损失，有 Fx=mv02-（m+M）v2
故选项A符合题意，选项B不合题意； C.对木块运用动能定理，有 FL=Mv2-0
故选项C符合题意； D.对子弹，由动能定理 -F（L+x）=mv2-mv02
则
故选项D符合题意。 7、BC 【解析】 【详解】
mM4?2v2由G2＝m2r=m?ma可知：
rTrA. 由v?GM可知，卫星甲的线速度小于卫星乙的线速度，选项A错误； rB. 第一宇宙速度是所有环绕地球做圆周运动的卫星的最大速度，则卫星甲的线速度小于第一宇宙速度，选项B正确；
4?2r3C. 由T?可知，卫星甲的周期大于卫星乙的周期，选项C正确；
GMD. 由a?8、BC 【解析】 【详解】
A.要想使“嫦娥一号”在近地点A由轨道1变轨为轨道2，需要加速做离心运动，应在A点加速，故选项A不合题意；
B. “嫦娥一号”在轨道2的A点向C点运动的过程中，克服万有引力做功，卫星动能减小，势能增大，故选项B符合题意；
CD. “嫦娥一号”在轨道1的B点运动到A点的过程中，万有引力做正功，动能增大，机械能守恒，故选项C符合题意，选项D不合题意。 9、AD 【解析】 【详解】
子弹射入小车的过程中，由动量守恒定律得：m1v0?(m1?m2)v1，解得v1=3m/s； 小物体在小车上滑行过程中，由动量守恒定律得：(m1?m2)v1?(m1?m2?m3)v2 解得v2=1.5m/s；
以小物体为对象，由动量定理得：I??m3gt?m3v2，解得t?I=0.45N·s
当系统相对静止，小物体在小车上滑行的距离为l，由能量守恒定律得：
2?m3gl?(m1?m2)v12?(m1?m2?m3)v2
GM可知，卫星甲的向心加速度小于卫星乙的向心加速度，选项D错误； r21s，小车对小物体的摩擦力的冲量为31212解得l=0.5m，所以小车的最小长度为0.5m。 A.小物体在小车上相对小车滑行的时间
1s，与上面计算结果相符，故A正确； 3B.最后小物体与小车的共同速度v2=1.5m/s，故B错误； C.小车的最小长度为0.5m，故C错误；
D.小车对小物体的摩擦力的冲量为0.45N·s，与上面计算结果相符，故D正确。 10、CD 【解析】 【详解】
根据楞次定律的“来拒去留”可知线框受到向上的安培力，线框由静止向下做加速运动，设线框的有效切割
BLvB2L2v磁感线的长度为L，线框的电阻为R，则有F?BIL，根据欧姆定律可得I?，故F?，根据
RRmg?FB2L2v牛顿第二定律可得mg?F?ma，故a?，运动过程中，L在变大，v在变大，故?g?mmR加速度在减小，即速度时间图像的斜率再减小，故AB错误；由于不知道当线框完全进入磁场时重力和安培力的关系，所以之后线框的速度可能继续增大，可能恒定不变，故CD正确 二、实验题
11、左 0.98 0.49 0.48 ? 下落过程中存在阻力做功 在实验误差范围内，
VEP?VEk，机械能守恒
【解析】 【详解】
第一空.物体做加速运动，由纸带可知，纸带上所打点之间的距离越来越大，这说明物体与纸带的左端相连．
第二空.利用匀变速直线运动的推论vB?xAC0.0706?0.0314??0.98m/s ； 2t0.04第三空.重物由O点运动到B点时，重物的重力势能的减少量 △Ep=mgh=1.0×9.8×0.0501 J=0.49J． 第四空. 物体动能的增加量EkB=
1mvB2=0.48J 2第五空.由上数据可知，△Ep＞△Ek，原因是下落时存在阻力做功； 第六空.在实验误差范围内，△EP=△Ek，机械能守恒． 12、B说法错误，打点计时器应接在交流电源上。 C本实验可以不测重锤的质量。
D说法错误，应先打开电源，在释放纸带 1.21mJ 1.20mJ 小于 重锤在下落的过程由阻力的作用，减小的重力势能没有全部转化为重锤的动能。 A 【解析】 【详解】
（1）[1]B说法错误，打点计时器应接在交流电源上。 C本实验可以不测重锤的质量。 D说法错误，应先打开电源，在释放纸带 （2）[2]重锤重力势能的减少量为
?Ep?mgh?9.8?0.1242mJ=1.21mJ
(15.70?9.51)?10?2 [3]打点计时器打下B点的速度v?m/s?1.55m/s，所以重锤增加的动能为
2?0.02