发布时间 : 星期六 文章[解析]山东省临沂市2020届高三上学期期末考试物理试题更新完毕开始阅读e9e7c73efbb069dc5022aaea998fcc22bdd1431c
解：如图所示，
当小船在静水中的速度v2与其在河流中的速度v垂直时，小船在静水中的速度v2最小，故有：v2=v1sinθ，故A正确，BCD错误。 故选：A。
根据几何关系，小船在静水中的速度和实际速度垂直时，小船在静水中的速度最小，根据平行四边形法则，可以求出小船航行时在静水中速度的最小值。
本题考查运动的合成与分解，目的是考查学生的推理能力。一个速度要分解，已知一个分速度的大小与方向，还已知另一个分速度的大小且最小，则求这个分速度的方向与大小值。这种题型运用平行四边形定则，由几何关系来确定最小值。
5. 【答案】 C
解：设中心天体的平均密度为ρ，半径为R，则中心天体的质量为：
设同步卫星的轨道半径为r，周期为T，由万有引力提供向心力， 由牛顿第二定律得：
可得行星X与地球的平均密度之比，故C正确，ABD错误；
故选：C。
某天体的同步卫星的周期跟该中心天体自转的周期相同，根据万有引力提供向心力求出中心天体的质量，再求出平均密度，然后分析答题。 本题考查了万有引力定律的应用，知道卫星做圆周运动万有引力提供向心力，应用万有引力公式、牛顿第二定律、密度公式可以解题，解题时要注意比值法的应用。
6. 【答案】 B
9
解：A、由题图可知，变形得比较可知质点做匀变速
直线运动，且质点的初速度为v0=2m/s，加速度为a=-1m/s2，则加速度大小为1m/s2，故A错误。
B、由△x=aT2知，任意相邻的0.2s内（T=0.2s），质点位移差△x=-1×0.22m=-0.04m，大小为0.04m，故B正确。
C、由△v=a△t可得，任意1s内，质点速度增量△v=-1×1m/s=-1m/s，大小为1m/s，故C错误。
D、质点在1s末的速度为v1=v0+at1=（2-1×1）m/s=1m/s，3s末的速度为v3=v0+at3=（2-1×3）m/s=-1m/s，方向相反，故D错误。 故选：B。
根据图象写出与t的关系式，对照匀变速直线运动的位移时间公式求出质点的加速度、初速度，根据△x=aT2求任意相邻的0.2s内质点位移差。由△v=a△t求任意1s内质点速度增量。根据速度时间公式求质点在1s末与3s末的速度。
解决本题的关键要运用数学知识写出与t的关系式，采用比对的方法得到质点的加速度和初速度，结合匀变速直线运动公式进行解答。
7. 【答案】 D
解：设t时间内有V体积的水打在钢板上，则这些水的质量为：
以这部分水为研究对象，它受到钢板的作用力为F，以水运动的方向为正方向，由动量定理有： Ft=0-mv 解得：
；故D正确，ABC错误。
故选：D。
取时间t内的水研究对象，由密度公式确定水的质量，再根据动量定理列式求解即可。 本题关键是研究对象的选择，然后根据动量定理列式求解即可，注意在应用动量守恒时应先确定正方向。
8. 【答案】 C
解：A、根据右手定则可知，O点的电势比A点的电势低，故A错误； B、根据法拉第电磁感应定律可知，铜棒OA切割磁感应线产生的感应电动势为：回路中通过的电流
，
10
故选：C。
根据右手定则判断电势高低；根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势和回路中通过的电流；根据欧姆定律求解该定值电阻两端的电压；根据功率计算公式求解该定值电阻上的热功率。
对于电磁感应现象中涉及电路问题的分析方法是：确定哪部分相对于电源，根据电路连接情况画出电路图，结合法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律、以及电功率的计算公式列方程求解。
9. 【答案】 BD
解：A、点电荷电场的等势面都是以点电荷球心的同心球面，且电场线从电势高的等势面指向电势低的等势面。对负点电荷来说，距离负点电荷越近，电势越低，所以a点的电势低于b点的电势，故A错误； B、根据点电荷场强公式
可知，距离点电荷越近，电场强度越大，所以a点的场强大于
b点的场强，故B正确；
C、粒子q经过a点时所受电场力方向与速度方向垂直，所以电场力做功的功率为零，故C错误；
D、粒子q由a点运动到b点的过程中，其所受电场力方向与速度方向的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，故D正确。 故选：BD。
根据点电荷的等势面分布可以判断电势的高低；根据点电荷场强公式判断场强的大小；根据力的功率公式P=Fv可以判断功率；电场力做负功电势能增大。
做好本题需要掌握三点，一是点电荷的场强公式；二是点电荷的等势面分布；三是电场力做功与电势能的变化关系。
10. 【答案】 BD
解：A、简谐横波沿x轴正方向传播的，依据波的平移法，那么P点的起振方向沿y轴正方向，故A错误；
B、t=0时刻波恰好传到P点，Q点在0～8s内运动的路程为0.2m，由于波长λ=2m，那么从P点传播Q点，需1.5T，而Q点振动的时间为0.5T，因此T=4s，且正确；
ad/s，故B
C、根据，该波的传播速度大小为v=m/s=0.5m/s，故C错误；
11
D、由题意图象可知，振幅为0.1m，质点Q开始向y轴正方向振动，那么Q点的振动方程为
y=0.1sin（t-6）（m），故D正确。
故选：BD。
由波的传播方向来判定质点的振动方向；依据波从P点传播到Q点所需要的时间，结合8s
内，及Q点在0～8s内运动的路程为0.2m，从而求出周期；根据v=，即可求解周期；最
后由质点做简谐运动，结合振幅，即可求解。 考查波的传播方向与质点的振动方向的判定，理解波长与周期关系式，同时要掌握简谐运动的表达式x=Asinωt。
11. 【答案】 AD
解：A、剪断Ob绳前，根据物块P受力平衡，知绳的拉力大小为：T=mg+F弹=mg+故A正确。
mg=mg，
B、弹簧的弹力不能突变，则知剪断Ob绳的瞬间，弹簧的弹力仍为mg，故B错误。
CD、剪断Ob绳的瞬间，由于弹簧表现为拉力，知物块P与木箱的加速度相同，对整体，由牛顿第二定律得：2mg=2ma，得：a=g，方向竖直向下，所以，剪断Ob绳的瞬间，物块P的加速度大小为g。
对物块P，由牛顿第二定律得F弹+mg-T′=ma，解得Pc绳的拉力大小为：T′=mg，故C错
误，D正确。 故选：AD。 剪断Ob绳前，根据物块P受力平衡来求绳的拉力大小。剪断Ob绳的瞬间，弹簧的弹力不变，分析物块P和木箱的受力情况，根据牛顿第二定律求物块P的加速度大小和Pc绳的拉力大小。
本题是连接体的瞬时问题，关键有两点：1、抓住弹簧的弹力不能突变。2、剪断Ob绳的瞬间，弹簧表现为拉力，物块P与木箱的加速度相同。采用整体法和隔离法相结合方法处理，比较简洁。
12. 【答案】 BC
解：A、滑块从A到B的过程，由牛顿第二定律有：mgsinθ+kx-μmgcosθ=ma，x减小，则a减小，滑块做加速度减小的加速运动。 设A′是斜面上A点关于B点对称的点，从B到A′，由牛顿第二定律有：mgsinθ-kx-μmgcosθ=ma，x增大，则a减小，即从B到A′滑块做加速度减小的加速运动，根据乙图知到达A′
12